《（新課標(biāo)）2020高考物理一輪復(fù)習(xí) 課時(shí)作業(yè)1 描述運(yùn)動(dòng)的基本概念（含解析）新人教版》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（新課標(biāo)）2020高考物理一輪復(fù)習(xí) 課時(shí)作業(yè)1 描述運(yùn)動(dòng)的基本概念（含解析）新人教版（7頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、描述運(yùn)動(dòng)的基本概念 選擇題 1．(2018·湖南學(xué)業(yè)考試)下列關(guān)于質(zhì)點(diǎn)的說(shuō)法中正確的是(　　) A．研究運(yùn)動(dòng)員百米賽跑起跑動(dòng)作時(shí)，運(yùn)動(dòng)員可以看作質(zhì)點(diǎn) B．研究地球公轉(zhuǎn)時(shí)，地球不可以看作質(zhì)點(diǎn) C．研究原子核的結(jié)構(gòu)時(shí)，不可把原子核看作質(zhì)點(diǎn) D．研究從北京開(kāi)往上海的一列火車(chē)的運(yùn)行總時(shí)間時(shí)，火車(chē)不可以看作質(zhì)點(diǎn) 答案　C 解析　A項(xiàng)，研究運(yùn)動(dòng)員百米賽跑起跑動(dòng)作，不能忽略運(yùn)動(dòng)員的形狀，若忽略了則無(wú)法研究其起跑動(dòng)作了，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B項(xiàng)，研究地球公轉(zhuǎn)時(shí)，地球的大小和形狀可以忽略不計(jì)，故可以看作質(zhì)點(diǎn)，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；C項(xiàng)，研究原子核的結(jié)構(gòu)時(shí)，其大小和形狀不能忽略，否則無(wú)法研究形狀，故不可以把原子核看

2、作質(zhì)點(diǎn)，故C項(xiàng)正確；D項(xiàng)，研究從北京到上海的火車(chē)運(yùn)動(dòng)時(shí)間時(shí)，由于二者距離遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于火車(chē)長(zhǎng)度，因此火車(chē)可以看作質(zhì)點(diǎn)，故D項(xiàng)錯(cuò)誤；故選C項(xiàng)． 2.如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為m的物體沿長(zhǎng)度為L(zhǎng)、高為h、底邊長(zhǎng)為s的光滑斜面的頂端滑至底端，下列說(shuō)法中正確的是(　　) A．物體的位移大小為h　 B．物體的路程為(h＋L) C．物體的位移大小為L(zhǎng) D．物體的路程為(h＋s) 答案　C 解析　物體的位移大小為斜面的長(zhǎng)度，故為L(zhǎng)，故A項(xiàng)錯(cuò)誤，C項(xiàng)正確；物體的路程為物體運(yùn)動(dòng)軌跡的長(zhǎng)度，故為L(zhǎng)，故B項(xiàng)錯(cuò)誤，D項(xiàng)錯(cuò)誤．故選C項(xiàng)． 3．(2018·河北模擬)如圖所示，在距墻1 m的A點(diǎn)，小球以某一速度沖向與

3、墻壁固定的彈簧，將彈簧壓縮到最短時(shí)到達(dá)距墻0.2 m的B點(diǎn)，然后又被彈回至距墻1.5 m的C點(diǎn)靜止，則從A點(diǎn)到C點(diǎn)的過(guò)程中，小球的位移大小和路程分別是(　　) A．0.5 m、1.3 m B．0.8 m、1.3 m C．0.8 m、1.5 m D．0.5 m、2.1 m 答案　D 解析　位移的大小等于首末位置的距離，可知位移的大小等于AC的距離，即為1.5 m－1 m＝0.5 m．路程等于運(yùn)動(dòng)軌跡的長(zhǎng)度，可知s＝1 m＋1.5 m－2×0.2 m＝2.1 m，故D項(xiàng)正確，A、B、C三項(xiàng)錯(cuò)誤． 4．同學(xué)們到中國(guó)科技館參觀，看到了一個(gè)有趣的科學(xué)實(shí)驗(yàn)，一輛小火車(chē)在平直軌道上勻速

4、行駛，突然從火車(chē)頂部的小孔中向上彈出一小球，該小球在空中運(yùn)動(dòng)，并恰好落回原來(lái)的孔中．下列說(shuō)法中正確的是(　　) A．相對(duì)于地面，小球運(yùn)動(dòng)的軌跡是直線 B．相對(duì)于火車(chē)，小球運(yùn)動(dòng)的軌跡是曲線 C．小球能落回小孔是因?yàn)樾∏蛟谒椒较虮３峙c火車(chē)相同的速度 D．小球能落回小孔是因?yàn)樾∏蛟诳罩羞\(yùn)動(dòng)的過(guò)程中受到水平向前的力 答案　C 解析　相對(duì)于地面，小球豎直方向做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，水平方向做勻速運(yùn)動(dòng)，軌跡是曲線，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；相對(duì)于火車(chē)，小球始終在火車(chē)的正上方，做直線運(yùn)動(dòng)．故B項(xiàng)錯(cuò)誤；能落回小孔是因?yàn)樾∏蚓哂袘T性，在水平方向保持與火車(chē)相同的速度，故C項(xiàng)正確，D項(xiàng)錯(cuò)誤． 5．(多選)一質(zhì)點(diǎn)沿一邊長(zhǎng)為

5、2 m的正方形軌道運(yùn)動(dòng)，每秒鐘勻速移動(dòng)1 m，初始位置在bc邊的中點(diǎn)A，由b向c運(yùn)動(dòng)，如圖所示，A、B、C、D分別是bc、cd、da、ab邊的中點(diǎn)，則下列說(shuō)法正確的是(　　) A．第2 s末的瞬時(shí)速度大小是1 m/s B．前2 s內(nèi)的平均速度大小為 m/s C．前4 s內(nèi)的平均速率為0.5 m/s D．前4 s內(nèi)的平均速度大小為2 m/s 答案　AB 解析　質(zhì)點(diǎn)每秒鐘勻速移動(dòng)1 m，故第2 s末瞬時(shí)速度大小為1 m/s，A項(xiàng)正確；前2 s內(nèi)的位移大小為x1＝|AB|＝＝ m＝ m，平均速度＝＝ m/s，B項(xiàng)正確；前4 s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程為4 m，平均速率為1 m/s，在第4 s末到

6、達(dá)C點(diǎn)，平均速度為2＝＝ m/s＝0.5 m/s，C、D兩項(xiàng)錯(cuò)誤． 6．(2018·浙江二模)質(zhì)點(diǎn)以加速度a做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間t，質(zhì)點(diǎn)的速度為vt，速度的改變量為Δv，則(　　) A．a(chǎn)越大vt也越大 B．a(chǎn)越大Δv可能越小 C．a(chǎn)與Δv方向一定相同 D．a(chǎn)與Δv方向一定相反 答案　C 解析　A項(xiàng)，根據(jù)a＝知，加速度越大，速度變化越快，但是末速度不一定大，故A項(xiàng)錯(cuò)誤．B項(xiàng)，根據(jù)a＝知，加速度越大，時(shí)間一定時(shí)，速度變化量越大，故B項(xiàng)錯(cuò)誤．C項(xiàng)，加速度的方向與速度變化量的方向相同，故C項(xiàng)正確，D項(xiàng)錯(cuò)誤． 7．(多選)(2018·濱海新區(qū))關(guān)于合力、加速度、速度，以下

7、說(shuō)法正確的是(　　) A．若F和v同向，當(dāng)F逐漸減小，a逐漸減小，v逐漸減小 B．若F和v同向，當(dāng)F逐漸減小，a逐漸減小，v逐漸增大 C．若F和v反向，當(dāng)F逐漸增大，a逐漸增大，v逐漸增大 D．若F和v反向，當(dāng)F逐漸增大，a逐漸增大，v逐漸減小 答案　BD 解析　A、B項(xiàng)，由牛頓第二定律可知，加速度的方向與力的方向相同，大小與合外力成正比；若F與v同向，則加速度與速度同向，物體做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)力F減小時(shí)，加速度在減小，但速度繼續(xù)增大，故A項(xiàng)錯(cuò)誤，B項(xiàng)正確；C、D項(xiàng)，若F和v反向，加速度與速度反向，物體做減速運(yùn)動(dòng)，若力增大時(shí)，加速度增大，但物體的速度減小，故C項(xiàng)錯(cuò)誤，D項(xiàng)正確． 8．

8、在一次跳傘訓(xùn)練中，傘兵從懸停在空中的直升機(jī)上跳出后，初速度v0>0，加速度a>0，下降過(guò)程中a值不斷減小直至為零時(shí)，該傘兵的(　　) A．速度不斷減小，位移先增大后減小 B．速度不斷減小，最后做勻速直線運(yùn)動(dòng) C．速度不斷增大，當(dāng)a＝0時(shí)，位移達(dá)到最大值 D．速度不斷增大，當(dāng)a＝0時(shí)，速度達(dá)到最大，位移不斷增大 答案　D 解析　傘兵下降過(guò)程中，由于a>0，所以速度一直增大，當(dāng)a＝0時(shí)，速度達(dá)到最大，此后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，位移繼續(xù)增大，A、B、C三項(xiàng)錯(cuò)誤，D項(xiàng)正確． 9．蹦床是運(yùn)動(dòng)員在一張繃緊的彈性網(wǎng)上蹦跳、翻滾并做各種空中動(dòng)作的運(yùn)動(dòng)項(xiàng)目．一個(gè)運(yùn)動(dòng)員從高處自由落下，以v1＝8 m/s的

9、豎直速度著網(wǎng)，與網(wǎng)作用后，沿著豎直方向以v2＝10 m/s的速度彈回．已知運(yùn)動(dòng)員與網(wǎng)接觸的時(shí)間為Δt＝1.2 s．那么運(yùn)動(dòng)員在與網(wǎng)接觸的這段時(shí)間內(nèi)平均加速度的大小和方向分別為(　　) A．15 m/s2，向上 B．15 m/s2，向下 C．1.67 m/s2，向上 D．1.67 m/s2，向下 答案　A 解析　規(guī)定向下為正方向．v1方向與正方向相同，v2方向與正方向相反，根據(jù)加速度定義式a＝，得a＝ m/s2＝－15 m/s2.負(fù)號(hào)代表與正方向相反，即加速度方向向上． 10．(2018·溫州模擬)小李在網(wǎng)絡(luò)上觀看“神州十一號(hào)”飛船發(fā)射視頻，分別截取火箭發(fā)射后第6 s末和第10

10、 s末的圖片，如圖甲和乙所示，他又上網(wǎng)查到運(yùn)載“神州十一號(hào)”的長(zhǎng)征二號(hào)FY11運(yùn)載火箭全長(zhǎng)58 m，則火箭發(fā)射后第6 s末至第10 s末的平均速度最接近(　　) A．22 m/s B．14 m/s C．10 m/s D．5.8 m/s 答案　A 解析　由甲乙兩圖可以看出，在火箭發(fā)射后第6 s末和第10 s末內(nèi)通過(guò)的路程大約等于運(yùn)載火箭全長(zhǎng)的1.5倍，s＝1.5×58 m＝87 m，火箭發(fā)射后第6 s末和第10 s末的平均速度v＝＝ m/s≈22 m/s，故A項(xiàng)正確、B、C、D三項(xiàng)錯(cuò)誤． 11．如圖所示，在氣墊導(dǎo)軌上安裝有兩個(gè)光電門(mén)A、B，A、B間距離為L(zhǎng)＝30 cm.為了

11、測(cè)量滑塊上安裝了一寬度為d＝1 cm的遮光條．現(xiàn)讓滑塊以某一加速度通過(guò)光電門(mén)A、B，光電門(mén)顯示遮光條通過(guò)兩光電門(mén)A、B的時(shí)間分別為0.010 s和0.005 s，滑塊從光電門(mén)A到B的時(shí)間為0.200 s．則下列說(shuō)法正確的是(　　) A．滑塊經(jīng)過(guò)A的速度為1 cm/s B．滑塊經(jīng)過(guò)A的速度為2 cm/s C．滑塊的加速度為5 m/s2 D．滑塊在A、B間的平均速度為3 m/s 答案　C 解析　滑塊經(jīng)過(guò)A的速度為vA＝d/tA＝1 m/s，經(jīng)過(guò)B的速度為vB＝d/tB＝2 m/s，A、B兩項(xiàng)錯(cuò)誤．滑塊在A、B間的平均速度為v＝L/t＝1.5 m/s，D項(xiàng)錯(cuò)誤．由a＝，解得：滑塊的加速度

12、為a＝5 m/s2，C項(xiàng)正確． 12．汽車(chē)在兩車(chē)站間沿直線行駛時(shí)，從甲站出發(fā)，先以速度v勻速行駛了全程的一半，接著勻減速行駛后一半路程，抵達(dá)乙車(chē)站時(shí)速度恰好為零，則汽車(chē)在全程中運(yùn)動(dòng)的平均速度是(　　) A. B. C. D. 答案　C 解析　設(shè)總位移為2x，前一半位移以速度v勻速行駛，故時(shí)間t1＝.下半程平均速度為v，下半程的時(shí)間t2＝.所以＝＝. 13．如圖所示的位移(x)－時(shí)間(t)圖像和速度(v)－時(shí)間(t)圖像中給出四條圖線，甲、乙、丙、丁代表四輛車(chē)由同一地點(diǎn)向同一方向運(yùn)動(dòng)的情況，則下列說(shuō)法正確的是(　　) A．甲車(chē)做直線運(yùn)動(dòng)，乙車(chē)做曲線運(yùn)動(dòng) B．0～t1時(shí)

13、間內(nèi)，甲車(chē)通過(guò)的路程大于乙車(chē)通過(guò)的路程 C．0～t2時(shí)間內(nèi)，丙、丁兩車(chē)在t2時(shí)刻相距最遠(yuǎn) D．0～t2時(shí)間內(nèi)，丙、丁兩車(chē)的平均速度相等 答案　C 解析　在x－t圖像中圖線表示的是做直線運(yùn)動(dòng)的物體的位移隨時(shí)間的變化情況，而不是物體運(yùn)動(dòng)的軌跡，由于甲、乙兩車(chē)在0～t1時(shí)間內(nèi)做單向的直線運(yùn)動(dòng)，故在這段時(shí)間內(nèi)兩車(chē)通過(guò)的位移和路程均相等，A、B兩項(xiàng)均錯(cuò)；在v-t圖像中，t2時(shí)刻丙、丁速度相等，故兩者相距最遠(yuǎn)，C項(xiàng)正確；由圖線可知，0～t2時(shí)間內(nèi)丙的位移小于丁的位移，故丙的平均速度小于丁的平均速度，D項(xiàng)錯(cuò)誤． 14．某物體以30 m/s的初速度豎直上拋，不計(jì)空氣阻力，g取10 m/s2.5 s內(nèi)

14、物體的路程和位移分別為(　　) A．路程為25 m B．路程為65 m C．位移大小為45 m，方向向上 D．位移大小為25 m，方向向下 答案　B 解析　初速度為30 m/s，只需要3 s即可上升到最高點(diǎn)，位移為h1＝ m＝45 m，再自由落體2 s時(shí)間，下降高度為h2＝×10×22 m＝20 m，故路程為65 m，此時(shí)離拋出點(diǎn)高25 m，位移方向豎直向上． 15．雷達(dá)是一種利用電磁波來(lái)測(cè)定物體位置和速度的設(shè)備，某防空雷達(dá)發(fā)現(xiàn)一架飛機(jī)正在以水平速度朝雷達(dá)正上方勻速飛來(lái)，己知該電磁波速度為3×108 m/s，某時(shí)刻在雷達(dá)監(jiān)視屏上顯示的波形如圖甲所示，經(jīng)過(guò)t＝173 s后雷達(dá)向正上方發(fā)

15、射和接收到的波形如圖乙所示，己知雷達(dá)屏上相鄰刻度線間表示的時(shí)間間隔為1×10－4 s，則該飛機(jī)的飛行速度大小約為(　　) A．12 000 m/s B．900 m/s C．500 m/s D．300 m/s 答案　D 解析　已知雷達(dá)監(jiān)視屏上相鄰刻度線間表示的時(shí)間間隔為1×10－4s，從左圖中可以看出兩次時(shí)間間隔為4個(gè)刻度線，即：t＝4×10－4 s；利用公式可得剛開(kāi)始相距： s1＝0.5vt＝0.5×3×108 m/s×4×10－4 s＝6×104 m；同理173 s后相距：s2＝0.5vt′＝0.5×3×108 m/s×2×10－4 s＝3×104 m； 結(jié)合幾何關(guān)

16、系，故移動(dòng)的距離為： Δs＝＝ m≈5.2×104 m， 移動(dòng)速度：v＝＝ m/s≈300 m/s. 16.(2016·浙江)如圖所示為一種常見(jiàn)的身高體重測(cè)量?jī)x．測(cè)量?jī)x頂部向下發(fā)射波速為v的超聲波，超聲波經(jīng)反射后返回，被測(cè)量?jī)x接收，測(cè)量?jī)x記錄發(fā)射和接收的時(shí)間間隔．質(zhì)量為M0的測(cè)重臺(tái)置于壓力傳感器上，傳感器輸出電壓與作用在其上的壓力成正比．當(dāng)測(cè)重臺(tái)沒(méi)有站人時(shí)，測(cè)量?jī)x記錄的時(shí)間間隔為t0，輸出電壓為U0，某同學(xué)站上測(cè)重臺(tái)，測(cè)量?jī)x記錄的時(shí)間間隔為t，輸出電壓為U，則該同學(xué)的身高和質(zhì)量分別為(　　) A．v(t0－t)，U B.v(t0－t)，U C．v(t0－t)，(U－U0) D.v(t

17、0－t)，(U－U0) 答案　D 解析　當(dāng)測(cè)重臺(tái)沒(méi)有站人時(shí)，則2x＝vt0；站人時(shí)：2(x－h(huán))＝vt；解得h＝v(t0－t)；無(wú)人站立時(shí)：U0＝kM0g；有人時(shí)：U＝k(M0g＋mg)；解得m＝(U－U0)，故D項(xiàng)正確． 17．(多選)如圖甲所示是一速度傳感器的工作原理圖，在這個(gè)系統(tǒng)中B為一個(gè)能發(fā)射超聲波的固定裝置．工作時(shí)B向被測(cè)物體發(fā)出短暫的超聲波脈沖，脈沖被運(yùn)動(dòng)的物體反射后又被B接收到．從B發(fā)射超聲波開(kāi)始計(jì)時(shí)，經(jīng)時(shí)間Δt0再次發(fā)射超聲波脈沖，圖乙是連續(xù)兩次發(fā)射的超聲波的位移—時(shí)間圖像，則下列說(shuō)法正確的是(　　) A．超聲波的速度為v聲＝ B．超聲波的速度為v聲＝ C．物體的平均速度為＝ D．物體的平均速度為＝ 答案　AD 解析　超聲波的速度為v聲＝，A項(xiàng)正確，B項(xiàng)錯(cuò)誤；由乙圖可以得出物體走x2－x1距離所用時(shí)間為＋Δt0－，所以物體的平均速度＝＝，C項(xiàng)錯(cuò)誤、D項(xiàng)正確． 7