《2019-2020學(xué)年高中物理 第1章 碰撞與動量守恒 第1節(jié) 物體的碰撞 第2節(jié) 動量 動量守恒定律課后提能訓(xùn)練 粵教版選修3-5》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2019-2020學(xué)年高中物理 第1章 碰撞與動量守恒 第1節(jié) 物體的碰撞 第2節(jié) 動量 動量守恒定律課后提能訓(xùn)練 粵教版選修3-5（5頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、第1節(jié) 物體的碰撞 第2節(jié) 動量 動量守恒定律 基礎(chǔ)達標(biāo) 1．(2019天門校級聯(lián)考)彈性碰撞是指(　　) A．正碰 B．對心碰撞 C．機械能守恒的碰撞 D．機械能不守恒的碰撞 【答案】C 【解析】彈性碰撞是指碰撞前后系統(tǒng)的機械能守恒的碰撞．只要機械能不守恒，不管是正碰還是對心碰撞，都不是彈性碰撞．故選C． 2．(2019年廣州一模)籃球運動員接傳來的籃球時，通常要先伸出兩臂迎球，手觸到球瞬間順勢后引．這樣可以減小(　　) A．球?qū)κ值牧Φ臎_量 B．球?qū)κ值牧Φ拇笮? C．球的動量變化量 D．球的動能變化量 【答案】B 【解析】球?qū)κ值臎_量p＝mv－mv0，不變

2、，故A錯誤；籃球運動員接傳來的籃球時，通常要先伸出兩臂迎球，手觸到球瞬間順勢后引，增加了手與球間的相互作用力時間，根據(jù)Ft＝mv－mv0可知，減小了球?qū)κ值牧Φ拇笮?，故B正確；根據(jù)動量變化Δp＝mv－mv0可知，動量變化量相同，故C錯誤；球的動能變化量ΔEk＝mv2－mv，相同，故D錯誤． 3．光滑水平桌面上有P、Q兩個物塊，Q的質(zhì)量是P的n倍．將一輕彈簧置于P、Q之間，用外力緩慢壓P、Q.撤去外力后，P、Q開始運動，P和Q的動量大小的比值為(　　) A．n2　　 B．n　　 C．　　 D．1 【答案】D 【解析】撤去外力后，系統(tǒng)不受外力，所以總動量守恒，設(shè)P的動量方向為正方向，則根

3、據(jù)動量守恒定律有pP－pQ＝0，故pP＝pQ，故動量之比為1.故D正確，A、B、C錯誤． 4．(2018年新課標(biāo)Ⅱ卷)高空墜物極易對行人造成傷害．若一個50 g的雞蛋從一居民樓的25層墜下，與地面的碰撞時間約為2 ms，則該雞蛋對地面產(chǎn)生的沖擊力約為(　　) A．10 N　　　　 B．102 N C．103 N　　　　 D．104 N 【答案】C 【解析】每層樓高約為3 m，雞蛋下落的總高度h＝(25－1)×3 m＝72 m．自由下落時間t1＝＝3.8 s，與地面的碰撞時間約為t2＝2 ms＝0.002 s，全過程根據(jù)動量定理可得mg(t1＋t2)－Ft2＝0，解得沖擊力F＝950

4、N≈103 N，故C正確． 5．(2019年自貢模擬)從同一高度自由落下的玻璃杯，掉在水泥地上易碎，掉在軟泥地上不易碎．這是因為(　　) A．掉在水泥地上，玻璃杯的動量大 B．掉在水泥地上，玻璃杯的動量變化大 C．掉在水泥地上，玻璃杯受到的沖量大，且與水泥地的作用時間短，因而受到水泥地的作用力大 D．掉在水泥地上，玻璃杯受到的沖量和掉在軟泥地上一樣大，但與水泥地的作用時間短，因而受到水泥地的作用力大 【答案】D 【解析】杯子從同一高度滑下，故到達地面時的速度一定相等，故著地時動量相等；與地面接觸后速度減小為零，故動量的變化相同，由動量定理可知I＝Δp，可知沖量也相等；由于軟泥地的

5、緩沖使接觸時間變長，由I＝Ft可知，I大小相等，則杯子受到的作用力較小，故杯子在水泥地上比在軟泥地上更易破碎．故選D． 6．(多選)恒力F作用在質(zhì)量為m的物體上，如圖所示，由于地面對物體的摩擦力較大，物體沒有被拉動，則經(jīng)時間t，下列說法正確的是(　　) A．拉力F對物體的沖量大小為零 B．拉力F對物體的沖量大小為Ft C．拉力對物體的沖量大小是Ftcos θ D．合力對物體的沖量大小為零 【答案】BD 【解析】由題意可知，物體所受合外力為零，由I＝Ft可知，力F對物體的沖量為Ft，合外力對物體的沖量為零，選BD． 7．(多選)如圖所示，A、B兩物體質(zhì)量之比MA∶MB＝3∶2

6、，它們原來靜止在平板車C上，A、B間有一根被壓縮了的彈簧，A、B與平板車上表面間的動摩擦因數(shù)相同，地面光滑，當(dāng)彈簧突然釋放后，A、B相對小車均有滑動，則有(　　) A．A、B系統(tǒng)動量守恒 B．A、B、C系統(tǒng)動量守恒 C．小車向左運動 D．小車靜止不動 【答案】BC 【解析】因為在水平方向上，對于A、B所組成的系統(tǒng)所受彈簧的彈力為內(nèi)力，小車對A、B的摩擦力是外力，且這兩個摩擦力的合力不為零，所以A錯；而對于A、B、C組成的系統(tǒng)，小車對A、B的摩擦力就是內(nèi)力，且地面光滑，所以系統(tǒng)水平方向不受外力，B正確；小車所受合力向左，故小車向左運動，C正確． 能力提升 8．(多選)一滑塊恰

7、好能沿一半球軌道緩慢下滑，可以認(rèn)為滑塊做勻速圓周運動，對于滑塊每下滑相等弧長的過程下列說法正確的是(　　) A．減少的重力勢能相等 B．滑塊所受重力的沖量相等 C．滑塊和軌道間增加的內(nèi)能相等 D．滑塊受到的支持力變大 【答案】BD 【解析】受力如圖，N－mgcos θ＝，f＝mgsin θ，滑塊下滑過程中 θ變小，所以支持力變大，摩擦力變小，下滑相同弧長，克服摩擦力做的功變小，即增加的內(nèi)能變小；又減少的重力勢能等于增加的內(nèi)能，故減少的重力勢能變??；下滑相同弧長時間相等，故重力沖量相等． 9．(2019年煙臺模擬)蹦床是一項運動員利用從蹦床反彈中表演雜技技巧的競技運動，一質(zhì)量為

8、50 kg的運動員從1.8 m高處自由下落到蹦床上，若從運動員接觸蹦床到運動員陷至最低點經(jīng)歷了0.2 s，則這段時間內(nèi)蹦床對運動員的沖量大小為(取g＝10 m/s2，不計空氣阻力)(　　) A．400 N·s　　　 B．300 N·s C．200 N·s　　　　 D．100 N·s 【答案】A 【解析】設(shè)運動員的質(zhì)量為m，他剛落到蹦床瞬間的速度為v，運動員自由下落的過程，只受重力作用，故機械能守恒，即mgh＝mv2，解得v＝＝6 m/s.選取小球接觸蹦床的過程為研究過程，取向上為正方向．設(shè)蹦床對運動員的平均作用力為F，由動量定理得(F－mg)t＝0－(－mv)，蹦床對運動員的沖量大小為

9、I＝Ft，結(jié)合以上兩個式子可得I＝Ft＝mgt＋mv＝400 N·s.故A正確，B、C、D錯誤． 10．如圖所示，在水平面上放置質(zhì)量為M＝800 g的木塊，一質(zhì)量為m＝50 g的子彈以v0＝170 m/s 的水平速度射入木塊，最終與木塊一起運動．若木塊與地面間的動摩擦因數(shù)μ＝0.2，求木塊在地面上滑行的距離．(取g＝10 m/s2) 【答案】25 m 【解析】子彈射入木塊由動量守恒定律，得 mv0＝(M＋m)v， 得v＝＝10 m/s. 設(shè)木塊(含子彈)在地面上滑行距離s后停止，由動能定理：(M＋m)v2＝μ(M＋m)gs， 得s＝25 m. 11．如圖所示，物塊A、B質(zhì)量

10、分別為mA、mB，用細繩連接，在水平恒力F的作用下，A、B一起沿粗糙水平面做勻速直線運動，速度為v.若運動過程中，燒斷細繩，仍保持力F大小、方向不變，則當(dāng)物塊B停下來時，物塊A的速度為多大？ 【答案】v 【解析】以A、B組成的系統(tǒng)作為研究對象．繩子燒斷前，A、B一起做勻速直線運動，故系統(tǒng)所受合外力為零，水平方向系統(tǒng)所受外力有拉力F，地面對物塊A、B的摩擦力FfA、FfB，且F＝FfA＋FfB．繩燒斷后至物塊B停止運動前，F(xiàn)與FfA、FfB均保持不變，故在此過程中系統(tǒng)所受合外力仍為零，系統(tǒng)總動量保持不變，所以本題可用動量守恒定律求解． 取初速度v的方向為正方向，繩子燒斷前為初狀態(tài)，B停

11、下前一瞬間為末狀態(tài)，則由動量守恒定律得 (mA＋mB)v＝mAvA＋mB×0， 所以vA＝v. 12．如圖所示，質(zhì)量為m的子彈，以速度v水平射入用輕繩懸掛在空中的木塊，木塊的質(zhì)量為M，繩長為L，子彈停留在木塊中，求子彈射入木塊后的瞬間繩子張力的大?。? 【答案】(m＋M)g＋ 【解析】物理過程共有兩個階段：射入階段和圓周運動階段．射入階段可認(rèn)為木塊還未擺動，繩子沒有傾斜，子彈和木塊所組成的系統(tǒng)水平方向不受外力作用，動量守恒．子彈停留在木塊中，后以一定的速度做變速圓周運動，繩子傾斜，水平方向合力不為零，動量不再守恒． 在子彈射入木塊的瞬間，系統(tǒng)動量守恒．取向左為正方向，由動量守恒定律得0＋mv＝(m＋M)v1， 解得v1＝，隨后整體(m＋M)以此初速度向左擺動做圓周運動．在圓周運動的最低點，整體只受重力(m＋M)g和繩子的拉力F作用，由牛頓第二定律得(取向上為正方向) F－(m＋M)g＝(m＋M). 將v1代入解得 F＝(m＋M)g＋(m＋M)＝(m＋M)g＋. 5