《2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 課后限時作業(yè)16 圓周運動（含解析）新人教版》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 課后限時作業(yè)16 圓周運動（含解析）新人教版（9頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、課后限時作業(yè)16　圓周運動 時間：45分鐘 1.如圖所示為錐形齒輪的傳動示意圖，大齒輪帶動小齒輪轉(zhuǎn)動，大、小齒輪的角速度分別為ω1、ω2，兩齒輪邊緣處的線速度大小分別為v1、v2，則(　A　) A．ω1<ω2，v1＝v2 B．ω1>ω2，v1＝v2 C．ω1＝ω2，v1>v2 D．ω1＝ω2，v1r2，故根據(jù)v＝ωr可知ω1<ω2，選項A正確． 2．光盤驅(qū)動器讀取數(shù)據(jù)的某種方式可簡化為以下模式：在讀取內(nèi)環(huán)數(shù)據(jù)時，以恒定角速度的方式讀取，而在讀取外環(huán)數(shù)據(jù)時，以恒定線速度的方式讀?。鐖D所示，

2、設(shè)內(nèi)環(huán)內(nèi)邊緣半徑為R1，內(nèi)環(huán)外邊緣半徑為R2，外環(huán)外邊緣半徑為R3.A、B、C分別為各邊緣上的點，則讀取內(nèi)環(huán)上A點時A點的向心加速度大小和讀取外環(huán)上C點時C點的向心加速度大小之比為(　D　) A.　　　B.　　　C.　　　D. 解析：A、B兩點角速度相同，由an＝ω2r，可知aAaB＝R1R2；B、C兩點線速度大小相同，由an＝，可知aBaC＝R3R2，故aAaC＝R1R3R，D正確． 3.如圖所示，在勻速轉(zhuǎn)動的圓筒內(nèi)壁上有一物體隨圓筒一起轉(zhuǎn)動而未滑動．當(dāng)圓筒的角速度增大后(物體不滑動)，下列說法正確的是(　D　) A．物體所受彈力增大，摩擦力也增大 B．物體所受

3、彈力增大，摩擦力減小 C．物體所受彈力和摩擦力都減小 D．物體所受彈力增大，摩擦力不變 解析： 物體隨圓筒一起轉(zhuǎn)動時，受到三個力的作用：重力G、筒壁對它的彈力FN和筒壁對它的摩擦力f，如圖所示．其中G和f是一對平衡力，筒壁對它的彈力FN提供它做圓周運動的向心力．當(dāng)圓筒轉(zhuǎn)動時，不管其角速度為多大，只要物體隨圓筒一起轉(zhuǎn)動而未滑動，則物體所受的(靜)摩擦力f大小就等于其重力大?。鶕?jù)向心力公式得FN＝mrω2，當(dāng)角速度ω增大后，F(xiàn)N也增大，選項D正確． 4．如圖所示，一個內(nèi)壁光滑的圓錐筒的軸線垂直于水平面，圓錐筒固定不動．有一質(zhì)量為m的小球A緊貼著筒內(nèi)壁在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，筒口半

4、徑和筒高分別為R和H，小球A所在的高度為筒高的一半．已知重力加速度為g，則(　A　) A．小球A做勻速圓周運動的角速度ω＝ B．小球A受到重力、支持力和向心力三個力作用 C．小球A受到的合力大小為 D．小球A受到的合力方向垂直于筒壁斜向上 解析：對小球進(jìn)行受力分析，可知小球受重力、支持力兩個力的作用，兩個力的合力提供向心力，設(shè)筒壁與豎直方向夾角為θ，由向心力公式可得＝mω2r，其中tanθ＝，r＝，解得ω＝，選項A正確，B錯誤；小球受到的合力方向應(yīng)指向圓周運動的圓心，提供向心力，所以合力大小為＝，選項C、D錯誤． 5．在高速公路的拐彎處，通常路面都是外高內(nèi)低．如圖所示，在某路段

5、汽車向左拐彎，司機左側(cè)的路面比右側(cè)的路面低一些，汽車的運動可看作是半徑為R的圓周運動．設(shè)內(nèi)、外路面高度差為h，路基的水平寬度為d，路面的寬度為L.已知重力加速度為g.要使車輪與路面之間的橫向摩擦力(即垂直于前進(jìn)方向)等于零，則汽車轉(zhuǎn)彎時的車速應(yīng)等于(　B　) A. B. C. D. 解析：汽車做勻速圓周運動，沒有橫向摩擦力時，向心力由重力與斜面對汽車的支持力的合力提供，且向心力的方向沿水平方向，向心力F向＝mgtanθ，根據(jù)牛頓第二定律有F向＝m，又知tanθ＝，解得汽車轉(zhuǎn)彎時的速度v＝ ，B正確． 6．某興趣小組設(shè)計了一個滾筒式炒栗子機器，滾筒內(nèi)表面粗糙，內(nèi)徑為D.工作時

6、滾筒繞固定的水平中心軸轉(zhuǎn)動．為使栗子受熱均勻，要求栗子到達(dá)滾筒最高處前與筒壁脫離，則(重力加速度為g)(　A　) A．滾筒的角速度ω應(yīng)滿足ω< B．滾筒的角速度ω應(yīng)滿足ω> C．栗子脫離滾筒的位置與其質(zhì)量有關(guān) D．若栗子到達(dá)最高點時脫離滾筒，栗子將自由下落 解析：栗子在最高點恰好不脫離時，有mg＝mω2，解得ω＝ ，要求栗子到達(dá)滾筒最高處前與筒壁脫離，則ω< ，故A正確，B錯誤；栗子脫離滾筒的位置與其質(zhì)量無關(guān)，故C錯誤；若栗子到達(dá)最高點時脫離滾筒，由于栗子此時的速度不為零，則栗子的運動不是自由落體運動，故D錯誤． 7．(多選)如圖所示，水平桿兩端有擋板，質(zhì)量為m的小木塊A穿在水平

7、桿上，輕質(zhì)彈簧一端與桿左側(cè)擋板連接，另一端與A連接．初始時彈簧處于伸長狀態(tài)，彈力恰好等于A與水平桿間的最大靜摩擦力，A與桿間的動摩擦因數(shù)為μ，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，A到豎直軸OO′的距離為L.現(xiàn)使桿繞豎直軸OO′由靜止緩慢加速轉(zhuǎn)動，角速度為ω.若小木塊A不與擋板接觸，則下列說法正確的是(　AC　) A．彈簧伸長量先保持不變后逐漸增大 B．彈簧伸長量保持不變 C．當(dāng)ω＝ 時，摩擦力為零 D．當(dāng)ω＝ 時，彈簧彈力為零 解析：初始時，彈簧彈力大小為μmg.ω較小時，摩擦力f背離豎直軸OO′，有μmg－f＝mLω2，ω越大，則f越小，當(dāng)ω＝ 時，f為零；ω較大時，摩擦力f指向豎直軸

8、OO′，有μmg＋f＝mLω2，當(dāng)ω> 時，A將沿遠(yuǎn)離OO′方向移動，彈簧彈力增大，伸長量增大．綜上分析，B、D錯誤，A、C正確． 8．如圖所示，在光滑的水平面上，兩個質(zhì)量相等的小球A、B用兩根等長的輕繩連接，并系于固定桿C上．現(xiàn)讓兩小球A、B以C為圓心、以相同的角速度做勻速圓周運動，A球的向心加速度為a1，B球的向心加速度為a2，A、C間繩所受拉力記為F1，A、B間繩所受拉力記為F2，則下列說法中正確的是(　D　) A．a(chǎn)1a2＝11 B．a(chǎn)1a2＝14 C．F1F2＝12 D．F1F2＝32 解析：設(shè)輕繩長度為l，兩球角速度相等，根據(jù)an＝rω2，有

9、a1a2＝l2l＝12，選項A、B錯誤；對B球，有F2＝m·2lω2，對A球，有F1－F2＝mlω2，聯(lián)立解得F1F2＝32，選項C錯誤，選項D正確． 9.如圖所示，轉(zhuǎn)動軸垂直于光滑水平面，交點O的上方h高處(A點)固定細(xì)繩的一端，細(xì)繩的另一端拴接一質(zhì)量為m的小球B，繩長l>h，重力加速度為g，轉(zhuǎn)動軸帶動小球在光滑水平面內(nèi)做圓周運動．當(dāng)轉(zhuǎn)動的角速度ω逐漸增大時，下列說法正確的是(　C　) A．小球始終受三個力的作用 B．細(xì)繩上的拉力始終保持不變 C．要使小球不離開水平面，角速度的最大值為 D．若小球離開了水平面，則角速度為 解析：當(dāng)轉(zhuǎn)動的角速度ω逐漸增大時，小球可

10、能只受重力和細(xì)繩的拉力，選項A錯誤；小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動時，細(xì)繩的拉力在豎直方向的分力與水平面對小球的支持力的合力大小等于小球的重力大小，細(xì)繩的拉力在水平方向的分力提供小球運動的向心力，當(dāng)轉(zhuǎn)動的角速度ω逐漸增大時，所需向心力逐漸增大，細(xì)繩的拉力逐漸增大，而當(dāng)小球離開水平面后，角速度增大時，繩子與豎直方向的夾角變大，拉力變大，選項B錯誤；要使小球剛好不離開水平面，則有mgtanθ＝mω2r，其中tanθ＝，r＝，聯(lián)立解得ω＝ ，選項C正確；若小球離開了水平面，則角速度大于 ，選項D錯誤． 10．(多選)如圖甲所示，一長為l的輕繩一端穿在過O點的水平轉(zhuǎn)軸上，另一端系一質(zhì)量未知的小球，整個

11、裝置繞O點在豎直面內(nèi)轉(zhuǎn)動．小球通過最高點時，繩對小球的拉力F與其速度二次方v2的關(guān)系如圖乙所示，重力加速度為g.下列判斷正確的是(　BD　) A．圖線的函數(shù)表達(dá)式為F＝m＋mg B．重力加速度g＝ C．若繩長不變，用質(zhì)量較小的球做實驗，則得到的圖線斜率更大 D．若繩長不變，用質(zhì)量較小的球做實驗，則圖線上b點的位置不變 解析：在最高點時，對小球進(jìn)行受力分析，由牛頓第二定律有F＋mg＝m，可得圖線的函數(shù)表達(dá)式為F＝m－mg，A錯誤；圖乙中橫軸截距為b，代入函數(shù)表達(dá)式，有0＝m－mg，得重力加速度g＝，若l不變，則b不變，b與m無關(guān)，B、D正確；由圖線的函數(shù)表達(dá)式可知，圖線斜率k＝，若

12、l不變，m變小，則k減小，C錯誤． 11．(多選)如圖所示，質(zhì)量為M的物體內(nèi)有一光滑圓形軌道，現(xiàn)有一質(zhì)量為m的小滑塊沿該圓形軌道在豎直面內(nèi)做圓周運動．A、C兩點分別為圓周的最高點和最低點，B、D兩點是與圓心O在同一水平線上的點．重力加速度為g.小滑塊運動時，物體在地面上靜止不動，則關(guān)于物體對地面的壓力FN和地面對物體的摩擦力的說法正確的是(　BC　) A．小滑塊在A點時，F(xiàn)N>Mg，摩擦力方向向左 B．小滑塊在B點時，F(xiàn)N＝Mg，摩擦力方向向右 C．小滑塊在C點時，F(xiàn)N>(M＋m)g，物體與地面無摩擦 D．小滑塊在D點時，F(xiàn)N＝(M＋m)g，摩擦力方向向左 解析：因為軌道光滑，

13、所以小滑塊與軌道之間沒有摩擦力．小滑塊在A點時，與軌道沒有水平方向的作用力，所以物體與地面間沒有運動趨勢，即摩擦力為零；小滑塊的速度v＝時，對軌道的壓力為零，物體對地面的壓力FN＝Mg，小滑塊的速度v>時，對軌道的壓力向上，物體對地面的壓力FN(M＋m)g，故選項C正確；小滑塊在D點時

14、，地面對物體有向左的摩擦力，物體對地面的壓力FN＝Mg，故選項D錯誤． 12．如圖所示，在圓柱形房屋的天花板中心O點懸掛一根長為L的細(xì)繩，繩的下端掛一個質(zhì)量為m的小球，重力加速度為g.已知繩能承受的最大拉力為2mg，小球在水平面內(nèi)做圓周運動，當(dāng)速度逐漸增大到繩斷裂后，小球恰好以速度v2＝落到墻腳邊．求： (1)繩斷裂瞬間小球的速度v1； (2)圓柱形房屋的高度H和半徑R. 解析：(1)小球在繩斷前瞬間受力如圖所示． 由牛頓第二定律得 豎直方向上，有FTmcosθ－mg＝0 水平方向上，有FTmsinθ＝m 由幾何關(guān)系得r＝Lsinθ 又知FTm＝2mg　聯(lián)立解得v1＝ (2)小球從飛出到落地，由機械能守恒定律得 mv＋mgh1＝mv　解得h1＝＝L 則H＝h1＋Lcosθ＝ 設(shè)小球由飛出至落地的水平射程為x，如圖所示． 水平方向上，有x＝v1t 豎直方向上，有h1＝gt2 由幾何關(guān)系得R＝ 聯(lián)立解得R＝3L 答案：(1)　(2)　3L 9