《江蘇省2020版高考物理三輪復習 小卷綜合練（三）（含解析）》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《江蘇省2020版高考物理三輪復習 小卷綜合練（三）（含解析）（7頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、小卷綜合練(三) (建議用時：30分鐘) 一、單項選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意． 1. (2019·江都中學等六校聯(lián)考)如圖所示，在斜面上某處A以初速度v水平拋出一個石塊，不計空氣阻力，在確保石塊能落到斜面上的前提下，則(　　) A．將A點沿斜面上移，石塊飛行時間不變 B．將A點沿斜面上移，石塊飛行時間變長 C．v增大，石塊在斜面上的落點不變 D．v增大，石塊在空中飛行的時間不變 2．(2019·徐州市考前模擬) 如圖所示，三個相同的燈泡L1、L2、L3，電感線圈L的電阻可忽略，D為理想二極管．下列說法正確的是(　　) A．

2、閉合開關S的瞬間，L3立即變亮，L1、L2逐漸變亮 B．閉合開關S的瞬間，L2、L3立即變亮，L1逐漸變亮 C．斷開開關S的瞬間，L2立即熄滅，L1先變亮一下然后才熄滅 D．斷開開關S的瞬間，L2立即熄滅，L3先變亮一下然后才熄滅 3．(2019·常熟中學模擬)如圖所示，A、B、C、D為正四面體的四個頂點，A、B、C在同一水平面上，在A 點放置一個電荷量為＋Q的點電荷，在 B點放置一個電荷量為－Q的點電荷．一根光滑絕緣桿沿CD固定，桿上穿有帶電荷量為＋q的小球．讓小球從D點由靜止開始沿桿下滑，則關于小球從D滑到C點的過程中，下列判斷正確的是(　　) A．電場力先減小后增大 B．

3、電場力先做負功后做正功 C．小球機械能先增加后減小 D．小球做勻加速運動 4．長為l的細線吊著一個小球，靜止時處于P點，細線豎直，第一次用一個水平力緩慢拉小球到Q點，此時細線與豎直方向的夾角為θ＝60°，此過程中拉力的最大值為F1；第二次用一個水平恒力F2拉小球，使小球運動到Q點時速度剛好為零，則為(　　) A．3　　　　　　　　　 B. C．1 D. 5．小型發(fā)電站為某村寨110戶家庭供電，輸電原理如圖所示，圖中的變壓器均為理想變壓器，其中降壓變壓器的匝數(shù)比n3∶n4＝50∶1，輸電線的總電阻R＝10 Ω.某時段全村平均每戶用電的功率為200 W，該時段降壓變壓器的輸出電

4、壓為220 V．則此時段(　　) A．發(fā)電機的輸出功率為22 kW B．降壓變壓器的輸入電壓為11 kV C．輸電線的電流為1 100 A D．輸電線上損失的功率約為8.26 W 二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共計16分．每小題有多個選項符合題意．全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分． 6．如圖所示，B為半徑為R的豎直光滑圓弧的左端點，B點和圓心C連線與豎直方向的夾角為α，一個質(zhì)量為m的小球在圓弧軌道左側的A點以水平速度v0拋出，恰好沿圓弧在B點的切線方向進入圓弧軌道，已知重力加速度為g，下列說法正確的是(　　) A．AB連線與水平方向夾角

5、為α B．小球從A運動到B的時間t＝ C．小球運動到B點時，重力的瞬時功率P＝mgv0tan α D．小球運動到豎直圓弧軌道的最低點時，處于失重狀態(tài) 7．北京時間2019年4月21日消息，科學家們發(fā)現(xiàn)在大約39光年外存在一個溫度適宜的所謂“超級地球”，它圍繞一顆質(zhì)量比太陽稍小的恒星運行，它的直徑大約是地球的1.4倍，質(zhì)量是地球的7倍．已知引力常量為G，忽略自轉的影響，下列說法正確的是(　　) A．“超級地球”表面的重力加速度大小是地球表面的 B．“超級地球”表面的重力加速度大小是地球表面的倍 C．“超級地球”的第一宇宙速度大小是地球的倍 D．“超級地球”的第一宇宙速度大小是地球

6、的 8．如圖所示，物塊A、B靜止在光滑的水平面上，質(zhì)量均為1 kg，B通過輕彈簧與墻相連，彈簧處于自然伸長狀態(tài)，現(xiàn)給A一個向左的初速度v0＝10 m/s，使A向B撞去并瞬間鎖定在一起，當彈簧被壓縮至最短時解除鎖定，物塊A最終會被反彈出來，則下列說法正確的是(　　) A．彈簧能獲得的最大彈性勢能為25 J B．物塊A最終的速度大小為5 m/s C．整個過程中物塊B對物塊A產(chǎn)生的沖量大小為15 N·s D．整個過程中的機械能損失為37.5 J 9．勻強磁場B垂直于水平導軌所在平面，導軌間接一電阻R，導軌上放置一金屬棒L，金屬棒L與導軌電阻均不計，沿導軌平面施加一水平恒力F，F(xiàn)垂直于

7、金屬棒，使金屬棒由靜止開始沿導軌向右運動，在以后的運動中，金屬棒速度v、加速度a、力F的沖量為I，回路產(chǎn)生的焦耳熱為E.四個物理量大小隨時間t變化關系圖線正確的是(　　) 三、實驗題：共18分． 10．(8分)(2019·蘇錫常鎮(zhèn)二模)某同學用如圖甲所示的實驗裝置探究恒力做功與小車動能變化的關系． (1)為了能用砂和砂桶的總重力所做的功表示小車所受拉力做的功，本實驗中小車質(zhì)量M____________(填“需要”或“不需要”)遠大于砂和砂桶的總質(zhì)量m. (2)圖乙為實驗得到的一條清晰的紙帶，A、B、C、D、E、F、G是紙帶上7個連續(xù)的點，sAD＝____________cm

8、.已知電源頻率為50 Hz，則打點計時器在打D點時紙帶的速度v＝____________m/s(計算結果保留兩位有效數(shù)字)． (3)該同學畫出小車動能變化與拉力對小車所做的功的ΔEk－W關系圖象，由于實驗前遺漏了平衡摩擦力這一關鍵步驟，他得到的實驗圖線(實線)應該是____________． 11．(10分)在“測電源電動勢和內(nèi)阻”的實驗中，某實驗小組同學根據(jù)圖甲電路進行測量實驗． (1)根據(jù)圖甲電路，請在乙圖中用筆畫線代替導線，完成實物電路的連接． (2)實驗小組同學操作正確，記錄下幾組電壓表和電流表的示數(shù)，并在坐標系內(nèi)作出電壓表示數(shù)U和對應的電流表示數(shù)I的圖象，如圖丙所示．

9、由圖象可測得E測和r測，則E測________E真；r測________r真(均選填“>”“＝”或“<”)．　 (3)為了克服系統(tǒng)誤差，同學們又根據(jù)圖丁電路進行測量．同樣作出U－I圖象，如圖戊所示．經(jīng)過討論發(fā)現(xiàn)，利用圖丙和圖戊可以消除系統(tǒng)誤差得出電源的電動勢和內(nèi)阻的真實值，則E真＝________，r真＝________． 小卷綜合練(三) 1．A　2.B 3．解析：選D.＋Q和－Q是等量異種電荷，根據(jù)其電場線的分布情況和對稱性可知，小球從D滑到C點的過程中，離兩個點電荷連線AB的距離先減小后增大，電場強度先增大后減小，則小球受到的電場力先增大后減小，故A錯誤；通過AB連線的中垂面

10、是一等勢面，C、D在同一等勢面上，CD連線上電勢處處相等．則小球在下滑過程中，電場力始終不做功，由功能關系知，小球的機械能不變，故B、C錯誤；小球所受的電場力垂直于CD連線，且沿水平方向，與桿的彈力保持平衡，所以小球的合力等于重力沿桿向下的分力，因此小球做勻加速運動，故D正確． 4．解析：選A.第一次小球在水平拉力作用下，從P點緩慢地移動到Q點，則小球處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件得：F1＝mgtan θ；第二次從P點開始運動并恰好能到達Q點，則到達Q點時速度為零，在此過程中，根據(jù)動能定理得：F2lsin θ＝mgl(1－cos θ)，解得：F2＝mg，因此＝3，A項正確． 5．解析：選B.用

11、戶總功率為P＝110×200 W＝22 000 W＝22 kW，加上輸電線上消耗的電功率，所以發(fā)電機的輸出功率應大于22 kW，A錯誤；降壓變壓器的輸出電壓為220 V，即U4＝220 V，所以根據(jù)＝可得降壓變壓器的輸入電壓U4＝50×220 V＝11 000 V＝11 kV，B正確；用戶端總電流為I4＝＝ A＝100 A，根據(jù)＝，所以輸電線中的電流為I3＝2 A，輸電線上損失的功率約為ΔP＝IR＝22×10 W＝40 W，C、D錯誤． 6．解析：選BC.小球從A到B做平拋運動，根據(jù)幾何關系可知小球在B點的速度方向與水平方向的夾角為α，設AB連線與水平方向夾角為θ，根據(jù)平拋運動的推論

12、tan α＝2tan θ，故A錯誤；根據(jù)平行四邊形定則知，小球通過B點時豎直方向上的分速度vy＝v0tan α＝gt；則運動的時間t＝＝，故B正確；小球運動到B點時，重力的功率P＝mgvy＝mgv0tan α，故C正確；小球運動到豎直圓弧軌道的最低點時，此時合力豎直向上且指向圓心，故小球處于超重狀態(tài)，故D錯誤． 7．解析：選BC.星球表面的重力加速度g＝，則＝＝，選項B正確；第一宇宙速度v＝，則＝＝，選項C正確． 8．解析：選ABC.A與B相撞過程中動量守恒mAv0＝(mA＋mB)v，代入數(shù)據(jù)解得v＝5 m/s，當AB速度為零時，彈簧被壓縮到最短，獲得的最大彈性勢能Epm＝(mA＋mB)v

13、2＝25 J，A正確；由于水平面光滑且反彈時AB間的鎖定解除，故A、B在彈簧恢復原長時分離，則分離后物塊A的速度為vA＝v＝5 m/s，B正確；以物塊A為研究對象，整個過程中根據(jù)動量定理可得I＝Δp＝－mAv－mAv0＝－15 N·s，C正確；因碰撞后壓縮彈簧過程中只有彈力做功，機械能守恒，故只有碰撞過程機械能損失，即整個過程的機械能損失為ΔE＝mAv－(mA＋mB)v2＝25 J，D錯誤． 9．解析：選AD.對金屬棒，t＝0時刻，由于速度為零，則在F作用下向右加速，設t時刻棒速度為v，由牛頓第二定律得：a＝－，由于v增大，則a逐漸減小，當a＝0時棒勻速，故A正確；在極短時間Δt內(nèi)，有＝－，

14、由于逐漸減小，可知逐漸減小，故B錯誤；力F沖量I＝F·t，F(xiàn)為恒力，I－t圖象應為直線，故C錯誤；焦耳熱E＝t，初始段v增大，則E－t圖線斜率逐漸增大，后來v恒定，故斜率恒定，故D正確． 10．(1)需要　(2)2.10　0.50　(3)D 11．解析：(1)電路連線如圖； (2)用圖甲電路測量時，可把電壓表與電源看做一個等效電源，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電動勢E＝UA，同時由于電壓表的分流作用，使電流表示數(shù)偏小，因此電動勢和內(nèi)阻的測量值均小于真實值； (3)根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電源的電動勢為UB；丙圖與橫軸的交點表示電源的短路電流，因此電源的內(nèi)阻r＝＝. 答案：(1)見解析圖　(2)<　< (3)UB　 - 7 -