《（浙江選考）2020版高考物理總復(fù)習(xí) 第八章 1 第1節(jié) 描述磁場(chǎng)的基本概念練習(xí)（含解析）》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（浙江選考）2020版高考物理總復(fù)習(xí) 第八章 1 第1節(jié) 描述磁場(chǎng)的基本概念練習(xí)（含解析）（8頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、描述磁場(chǎng)的基本概念 1．首先發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的科學(xué)家是(　　) A．安培　 B．奧斯特 C．庫(kù)侖 D．麥克斯韋 答案：B 2．(2016·10月浙江選考)如圖所示，把一根通電的硬直導(dǎo)線ab，用輕繩懸掛在通電螺線管正上方，直導(dǎo)線中的電流方向由a向b.閉合開(kāi)關(guān)S瞬間，導(dǎo)線a端所受安培力的方向是(　　) A．向上 B．向下 C．垂直紙面向外 D．垂直紙面向里 答案：D 3．(多選)一段電流元放在同一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的四個(gè)位置，如圖所示，已知電流元的電流I、長(zhǎng)度L和受力F，則可以用表示磁感應(yīng)強(qiáng)度B的是(　　) 解析：選AC.當(dāng)通電導(dǎo)線垂直于磁場(chǎng)方向時(shí)，可用表示B.故選A、C. 4

2、．(多選)(2019·舟山質(zhì)檢)如圖所示，A和B為兩根互相平行的長(zhǎng)直導(dǎo)線，通以同方向等大電流，虛線C為在A和B所確定的平面內(nèi)與A、B等距的直線，則下列說(shuō)法正確的是(　　) A．兩導(dǎo)線間的空間不存在磁場(chǎng) B．虛線C處磁感應(yīng)強(qiáng)度為零 C．AC間磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直紙面向里 D．CB間磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直紙面向外 解析：選BCD.設(shè)直導(dǎo)線A、B中電流在空間產(chǎn)生的磁場(chǎng)分別為BA、BB，根據(jù)安培定則，直導(dǎo)線A中電流在AB間產(chǎn)生的磁場(chǎng)垂直紙面向里，而直導(dǎo)線B中電流在AB間產(chǎn)生的磁場(chǎng)垂直紙面向外，又因IA＝IB，故在AC區(qū)，BA>BB，合磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里，在BC區(qū)，BA

3、中線C處BA＝BB，合磁場(chǎng)為零，綜上所述，正確的選項(xiàng)為B、C、D. 5．(2016·4月浙江選考)法拉第電動(dòng)機(jī)原理如圖所示．條形磁鐵豎直固定在圓形水銀槽中心，N極向上．一根金屬桿斜插在水銀中，桿的上端與固定在水銀槽圓心正上方的鉸鏈相連．電源負(fù)極與金屬桿上端相連，與電源正極連接的導(dǎo)線插入水銀中．從上往下看，金屬桿(　　) A．向左擺動(dòng) B．向右擺動(dòng) C．順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng) D．逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng) 答案：D 6．(2018·4月浙江選考)處于磁場(chǎng)B中的矩形金屬線框可繞軸OO′轉(zhuǎn)動(dòng)，當(dāng)線框中通以電流I時(shí)，如圖所示，此時(shí)線框左右兩邊受安培力F的方向正確的是(　　) 解析：選D.根據(jù)左手定則可知

4、D正確． 【課后達(dá)標(biāo)檢測(cè)】 一、選擇題 1.指南針是我國(guó)古代的四大發(fā)明之一．當(dāng)指南針靜止時(shí)，其N極指向如圖虛線(南北向)所示，若某一條件下該指南針靜止時(shí)N極指向如圖實(shí)線(N極北偏東向)所示．則以下判斷正確的是(　　) A．可能在指南針上面有一導(dǎo)線東西放置，通有東向西的電流 B可能在指南針上面有一導(dǎo)線東西放置，通有西向東的電流 C．可能在指南針上面有一導(dǎo)線南北放置，通有北向南的電流 D．可能在指南針上面有一導(dǎo)線南北放置，通有南向北的電流 答案：C 2．(2018·4月浙江選考)在城市建設(shè)施工中，經(jīng)常需要確定地下金屬管線的位置，如圖所示．有一種探測(cè)方法是，首先給金屬長(zhǎng)直管線通上電

5、流，再用可以測(cè)量磁場(chǎng)強(qiáng)弱、方向的儀器進(jìn)行以下操作：①用測(cè)量?jī)x在金屬管線附近的水平地面上找到磁場(chǎng)最強(qiáng)的某點(diǎn)，記為a；②在a點(diǎn)附近的地面上，找到與a點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度相同的若干點(diǎn)，將這些點(diǎn)連成直線EF；③在地面上過(guò)a點(diǎn)垂直于EF的直線上，找到磁場(chǎng)方向與地面夾角為45°的b、c兩點(diǎn)，測(cè)得b、c兩點(diǎn)距離為L(zhǎng).由此可確定金屬管線(　　) A．平行于EF，深度為 B．平行于EF，深度為L(zhǎng) C．垂直于EF，深度為 D．垂直于EF，深度為L(zhǎng) 答案：A 3．當(dāng)接通電源后，小磁針A的指向如圖所示，則(　　) A．小磁針B的N極向紙外轉(zhuǎn) B．小磁針B的N極向紙里轉(zhuǎn) C．小磁針B不轉(zhuǎn)動(dòng) D．因電

6、流未標(biāo)出，所以無(wú)法判斷小磁針B如何轉(zhuǎn)動(dòng) 答案：A 4．(2019·浙江名校考前押寶)在如圖所示的電路中，電池均相同，當(dāng)電鍵S分別置于a、b兩處時(shí)，導(dǎo)線MM′與NN′之間的安培力的大小分別為Fa、Fb，可判斷這兩段導(dǎo)線(　　) A．相互吸引，F(xiàn)a>Fb　 B．相互排斥，F(xiàn)a>Fb C．相互吸引，F(xiàn)a

7、互排斥． 5．(2017·4月浙江選考)如圖所示，兩平行直導(dǎo)線cd和ef豎直放置，通以方向相反大小相等的電流，a、b兩點(diǎn)位于兩導(dǎo)線所在的平面內(nèi)．則(　　) A．b點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零 B．ef導(dǎo)線在a點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向垂直紙面向里 C．cd導(dǎo)線受到的安培力方向向右 D．同時(shí)改變兩導(dǎo)線的電流方向，cd導(dǎo)線受到的安培力方向不變 解析：選D.由右手螺旋定則可知，cd導(dǎo)線和ef導(dǎo)線在b處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向都垂直紙面向外，所以由矢量合成知b處的磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直紙面向外，故A錯(cuò)誤；由右手螺旋定則知ef導(dǎo)線在左側(cè)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直紙面向外，故B錯(cuò)誤；由同向電流吸引，反向電流排斥可以，cd導(dǎo)線受到的安培力

8、始終向左，故C錯(cuò)誤，D正確． 6.如圖，兩根相互平行的長(zhǎng)直導(dǎo)線分別通有方向相反的電流I1和I2且I1>I2；a、b、c、d為導(dǎo)線某一橫截面所在平面內(nèi)的四點(diǎn)，且a、b、c與兩導(dǎo)線共面；b點(diǎn)在兩導(dǎo)線之間，b、d的連線與導(dǎo)線所在平面垂直．磁感應(yīng)強(qiáng)度可能為零的點(diǎn)是(　　) A．a(chǎn)點(diǎn) B．b點(diǎn) C．c點(diǎn) D．d點(diǎn) 解析：選C.根據(jù)安培定則可知I1和I2電流分別在a處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向?yàn)榇怪盿c連線向上和向下，由于I1>I2，且I1電流與a點(diǎn)的距離比I2電流與a點(diǎn)距離要小，故B1a>B2a，則a處磁感應(yīng)強(qiáng)度不可能為零，A錯(cuò)；兩電流在b處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向均垂直ac連線向下，故B錯(cuò)；I1和I2電流分別在c處

9、產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向?yàn)榇怪盿c連線向下和向上，且I1電流與c點(diǎn)的距離比I2電流與c點(diǎn)距離要大，故B1c與B2c有可能等大反向，C對(duì)；兩電流在d處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向一定成某一夾角，且?jiàn)A角一定不為180°，D錯(cuò)． 7.(2019·金華調(diào)研)如圖是自動(dòng)跳閘的閘刀開(kāi)關(guān)，閘刀處于垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，當(dāng)CO間的閘刀刀片通過(guò)的直流電流超過(guò)額定值時(shí)，閘刀A端會(huì)向左彈開(kāi)斷開(kāi)電路．以下說(shuō)法正確的是(　　) A．閘刀刀片中的電流方向?yàn)镃至O B．閘刀刀片中的電流方向?yàn)镺至C C．跳閘時(shí)閘刀所受安培力沒(méi)有做功 D．增大勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，可使自動(dòng)跳閘的電流額定值增大 解析：選B.MN通電后，當(dāng)CO間的閘刀刀

10、片通過(guò)的直流電流超過(guò)額定值時(shí)閘刀開(kāi)關(guān)會(huì)自動(dòng)跳開(kāi)，可知安培力應(yīng)該向左，由左手定則判斷，電流方向?yàn)镺→C，故A錯(cuò)誤，B正確．跳閘時(shí)閘刀受到安培力而運(yùn)動(dòng)斷開(kāi)，故跳閘時(shí)閘刀所受安培力做正功，故C錯(cuò)誤．跳閘的作用力是一定的，依據(jù)安培力F＝BIL可知，增大勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，電流I變小，故D錯(cuò)誤． 8．(2019·紹興高二期中)如圖所示為電流天平，可用來(lái)測(cè)定磁感應(yīng)強(qiáng)度．天平的右臂上掛有一匝數(shù)為N的矩形線圈，線圈下端在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里．當(dāng)線圈中通有電流I(方向如圖)時(shí)，發(fā)現(xiàn)天平的右端低左端高，下列哪些調(diào)節(jié)方案可以使天平水平平衡(　　) A．僅減小電流大小 B．僅增大線框的寬度l C

11、．僅減輕左盤(pán)砝碼的質(zhì)量 D．僅增加線圈的匝數(shù) 解析：選A.天平左端高右端低，說(shuō)明左端輕右端重，要使天平平衡，可以增加左盤(pán)砝碼質(zhì)量，也可以減小右盤(pán)砝碼質(zhì)量，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；根據(jù)左手定則判斷可知線圈在磁場(chǎng)中受到豎直向下的安培力F＝NBIl，故也可以減小安培力，等效于減小右盤(pán)砝碼質(zhì)量，減小安培力可以采取減小電流大小，減小線框的寬度l或者減少線圈的匝數(shù)，選項(xiàng)A正確，B、D錯(cuò)誤． 9．(2019·浙江省溫州聯(lián)考選考科目)圖中裝置可演示磁場(chǎng)對(duì)通電導(dǎo)線的作用．電磁鐵上下兩磁極之間某一水平面內(nèi)固定兩條平行金屬導(dǎo)軌，L是置于導(dǎo)軌上并與導(dǎo)軌垂直的金屬桿．當(dāng)電磁鐵線圈兩端a、b和導(dǎo)軌兩端e、f分別接到兩個(gè)不同的直

12、流電源上時(shí)，L便在導(dǎo)軌上滑動(dòng)．下列說(shuō)法正確的是(　　) A．若a接正極，b接負(fù)極，e接正極，f接負(fù)極，則L向右滑動(dòng) B．若a接正極，b接負(fù)極，e接負(fù)極，f接正極，則L向右滑動(dòng) C．若a接負(fù)極，b接正極，e接正極，f接負(fù)極，則L向左滑動(dòng) D．若a接負(fù)極，b接正極，e接負(fù)極，f接正極，則L向右滑動(dòng) 解析：選B.若a接正極，b接負(fù)極，則電磁鐵產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向向上，若e接正極，f接負(fù)極，由左手定則可判斷金屬桿所受安培力方向向左，故向左滑動(dòng)；若e接負(fù)極，f接正極，則L向右滑動(dòng)，A錯(cuò)誤，B正確．若a接負(fù)極，b接正極，則電磁鐵產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向向下，若e接正極，f接負(fù)極，則L向右滑動(dòng)；若e接負(fù)極，f

13、接正極，則L向左滑動(dòng)，C、D錯(cuò)誤． 10．(2018·11月浙江選考)磁流體發(fā)電的原理如圖所示，將一束速度為v的等離子體垂直于磁場(chǎng)方向噴入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，在相距為d，寬為a、長(zhǎng)為b的兩平行金屬板間便產(chǎn)生電壓．如果把上、下板和電阻R連接，上、下板就是一個(gè)直流電源的兩極，若穩(wěn)定時(shí)等離子體在兩板間均勻分布，電阻率為ρ，忽略邊緣效應(yīng)，下列判斷正確的是(　　) A．上板為正極，電流I＝ B．上板為負(fù)極，電流I＝ C．下板為正極，電流I＝ D．下板為負(fù)極，電流I＝ 解析：選C.根據(jù)左手定則可知，帶正電的粒子在磁場(chǎng)中受到的洛倫茲力向下，故下板為正極，兩板間的電勢(shì)差為U，則穩(wěn)定時(shí)q

14、＝qvB，得U＝Bdv，電流I＝＝，選項(xiàng)C正確． 二、非選擇題 11.如圖所示，MN是一根長(zhǎng)為l＝10 cm，質(zhì)量m＝50 g的金屬棒，用兩根長(zhǎng)度也為l的細(xì)軟導(dǎo)線將導(dǎo)體棒MN水平吊起，使導(dǎo)體棒處在B＝ T的豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，未通電流時(shí)，細(xì)導(dǎo)線在豎直方向，通入恒定電流后，金屬棒向外偏轉(zhuǎn)的最大偏角θ＝37°，求金屬棒中恒定電流的大?。? 解析：金屬棒向外偏轉(zhuǎn)的過(guò)程中，受重力mg、導(dǎo)線拉力FT、安培力F共三個(gè)力的作用，其中導(dǎo)線的拉力不做功，由動(dòng)能定理得：WF＋WG＝0 其中WF＝Flsin θ＝BIl2sin θ， WG＝－mgl(1－cos θ) 金屬棒中的電流為I＝解得：I＝5 A

15、. 答案：5 A 12．(2019·舟山質(zhì)檢)如圖，光滑平行金屬導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，與水平面夾角為θ，兩導(dǎo)軌上端用阻值為R的電阻相連，該裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直于導(dǎo)軌平面．質(zhì)量為m的金屬桿ab以沿導(dǎo)軌平面向上的初速度v0從導(dǎo)軌底端開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，然后又返回到出發(fā)位置．在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，ab與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，不計(jì)ab和導(dǎo)軌的電阻及空氣阻力． (1)求ab開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度a； (2)分析并說(shuō)明ab在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中速度、加速度的變化情況； (3)分析并比較ab上滑時(shí)間和下滑時(shí)間的長(zhǎng)短． 解析：(1)ab開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)，ab棒所受的安培力 FA＝BIL＝ 根據(jù)牛頓第二定律

16、得，ab棒的加速度 a＝＝gsin θ＋. (2)ab棒向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，加速度方向與速度方向相反，速度減小，加速度減小，做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)； 向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，加速度方向與速度方向相同，加速度a＝＝gsin θ－，速度增大，加速度減小，做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，最終加速度為零，做勻速運(yùn)動(dòng)． (3)在整個(gè)過(guò)程中，安培力一直做負(fù)功，在上升和下降過(guò)程中的同一位置，上升時(shí)的速度大于下降時(shí)的速度，可知上升時(shí)的平均速度大于下降時(shí)的平均速度，可知上滑的時(shí)間小于下滑的時(shí)間． 答案：見(jiàn)解析 13.(2019·溫州高二月考)音圈電機(jī)是一種應(yīng)用于硬盤(pán)、光驅(qū)等系統(tǒng)的特殊電動(dòng)機(jī)．如圖是某音圈電機(jī)的原理示

17、意圖，它由一對(duì)正對(duì)的磁極和一個(gè)正方形剛性線圈構(gòu)成，線圈邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，匝數(shù)為n，磁極正對(duì)區(qū)域內(nèi)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直于線圈平面豎直向下，大小為B，區(qū)域外的磁場(chǎng) 忽略不計(jì)．線圈左邊始終在磁場(chǎng)外，右邊始終在磁場(chǎng)內(nèi)，前后兩邊在磁場(chǎng)內(nèi)的長(zhǎng)度始終相等．某時(shí)刻線圈中電流從P流向Q，大小為I. (1)求此時(shí)線圈所受安培力的大小和方向． (2)若此時(shí)線圈水平向右運(yùn)動(dòng)的速度大小為v，求安培力的功率． 解析：(1)由安培力表達(dá)式F＝BIL可知，線圈所受的安培力F＝nBIL，由左手定則可判斷安培力方向水平向右． (2)由功率公式P＝Fv可知，安培力的功率P＝nBILv. 答案：(1)nBIL　方向水平向右　(2)nBILv - 8 -