《（全國(guó)通用）2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 第五章 微專題39 機(jī)械能守恒定律的理解和應(yīng)用加練半小時(shí)（含解析）》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（全國(guó)通用）2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 第五章 微專題39 機(jī)械能守恒定律的理解和應(yīng)用加練半小時(shí)（含解析）（9頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、機(jī)械能守恒定律的理解和應(yīng)用 [方法點(diǎn)撥]　(1)單物體多過(guò)程機(jī)械能守恒問(wèn)題：劃分物體運(yùn)動(dòng)階段，研究每個(gè)階段中的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，判斷機(jī)械能是否守恒；(2)多物體的機(jī)械能守恒：一般選用ΔEp＝－ΔEk形式，不用選擇零勢(shì)能面. 1.(多選)如圖1所示，輕質(zhì)彈簧的一端與內(nèi)壁光滑的試管底部連接，另一端連接一質(zhì)量為m的小球，小球的直徑略小于試管的內(nèi)徑，開(kāi)始時(shí)試管水平放置，小球靜止，彈簧處于原長(zhǎng).若緩慢增大試管的傾角θ至試管豎直，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，在整個(gè)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖1 A.彈簧的彈性勢(shì)能一定逐漸增大 B.彈簧的彈性勢(shì)能可能先增大后減小 C.小球重力勢(shì)能一定逐漸增大 D

2、.小球重力勢(shì)能可能先增大后減小 2.(多選)(2018·遼寧省師大附中期中)如圖2所示，固定在水平面上的光滑斜面傾角為30°，質(zhì)量分別為M、m的兩個(gè)物體A、B通過(guò)細(xì)繩及輕彈簧連接于光滑定滑輪兩側(cè)，斜面底端有一與斜面垂直的擋板.開(kāi)始時(shí)用手按住物體A，此時(shí)A與擋板的距離為s，B靜止于地面上，滑輪兩側(cè)的細(xì)繩恰好伸直，且彈簧處于原長(zhǎng)狀態(tài).已知M＝2m，空氣阻力不計(jì).松開(kāi)手后，關(guān)于二者的運(yùn)動(dòng)，整個(gè)過(guò)程彈簧形變不超過(guò)其彈性限度，下列說(shuō)法中正確的是(　　) 圖2 A.A和B組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒 B.當(dāng)A的速度最大時(shí)，B與地面間的作用力為零 C.若A恰好能到達(dá)擋板處，則此時(shí)B的速度為零 D.若

3、A恰好能到達(dá)擋板處，則此過(guò)程中重力對(duì)A做的功等于彈簧彈性勢(shì)能的增加量與物體B的機(jī)械能增加量之和 3.如圖3所示，在傾角θ＝30°的光滑固定斜面上，放有兩個(gè)質(zhì)量分別為1kg和2kg的可視為質(zhì)點(diǎn)的小球A和B，兩球之間用一根長(zhǎng)L＝0.2m的輕桿相連，小球B距水平面的高度h＝0.1m.兩球由靜止開(kāi)始下滑到光滑地面上，不計(jì)球與地面碰撞時(shí)的機(jī)械能損失，g取10m/s2.則下列說(shuō)法中正確的是(　　) 圖3 A.整個(gè)下滑過(guò)程中A球機(jī)械能守恒 B.整個(gè)下滑過(guò)程中B球機(jī)械能守恒 C.整個(gè)下滑過(guò)程中A球機(jī)械能的增加量為J D.整個(gè)下滑過(guò)程中B球機(jī)械能的增加量為J 4.(多選)內(nèi)壁光滑的環(huán)形凹槽半徑

4、為R，固定在豎直平面內(nèi)，一根長(zhǎng)度為R的輕桿，一端固定有質(zhì)量為m的小球甲，另一端固定有質(zhì)量為2m的小球乙.現(xiàn)將兩小球放入凹槽內(nèi)，小球乙位于凹槽的最低點(diǎn)，如圖4所示，由靜止釋放后(　　) 圖4 A.下滑過(guò)程中甲球減少的機(jī)械能總是等于乙球增加的機(jī)械能 B.下滑過(guò)程中甲球減少的重力勢(shì)能總是等于乙球增加的重力勢(shì)能 C.甲球可沿凹槽下滑到槽的最低點(diǎn) D.桿從右向左滑回時(shí)，乙球一定能回到凹槽的最低點(diǎn) 5.(多選)(2018·山西省太原市五中等四省五校聯(lián)考)如圖5，一光滑、絕緣的半球殼固定在絕緣水平面上，球殼半徑為R，在球心O處固定一個(gè)帶正電的點(diǎn)電荷，一個(gè)帶負(fù)電荷的小物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))靜止在球

5、殼的頂端A.現(xiàn)小物塊受到輕微擾動(dòng)從右側(cè)下滑，已知物塊靜止在A點(diǎn)時(shí)對(duì)球殼的壓力大小是物塊重力大小的2倍，P點(diǎn)在球面上，則(　　) 圖5 A.物塊沿球面運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中機(jī)械能增大 B.物塊沿球面運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中機(jī)械能不變 C.若物塊恰好在P點(diǎn)離開(kāi)球面，則物塊的速度大小為 D.若物塊恰好在P點(diǎn)離開(kāi)球面，則物塊的速度大小為 6.(多選)蹦床運(yùn)動(dòng)是廣大青少年兒童喜歡的活動(dòng).在處理實(shí)際問(wèn)題中，可以將青少年兒童從最高點(diǎn)下落的過(guò)程簡(jiǎn)化：如圖6甲所示，勁度系數(shù)為k的輕彈簧豎直放置，下端固定在水平地面上，一質(zhì)量為m的小球，從離彈簧上端高h(yuǎn)處自由下落，接觸彈簧后繼續(xù)向下運(yùn)動(dòng).若以小球開(kāi)始下落的位置O點(diǎn)為坐標(biāo)

6、原點(diǎn)，設(shè)豎直向下為正方向，小球的速度v隨時(shí)間t變化的圖象如圖乙所示.其中OA段為直線，AB段是與OA相切于A點(diǎn)的平滑曲線，BC是平滑的曲線，不考慮空氣阻力，重力加速度為g.則關(guān)于小球的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖6 A.小球最大速度出現(xiàn)的位置坐標(biāo)為x＝h＋ B.小球在C時(shí)刻所受彈簧彈力大小等于重力大小的兩倍 C.小球從A時(shí)刻到B時(shí)刻的過(guò)程中重力勢(shì)能減少的數(shù)值大于彈簧彈性勢(shì)能增加的數(shù)值 D.小球可以從C時(shí)刻所在的位置回到出發(fā)點(diǎn) 7.(多選)(2018·北京四中二模)如圖7所示，左側(cè)為一個(gè)固定在水平桌面上的半徑為R的半球形碗，碗口直徑AB水平，O點(diǎn)為球心，碗的內(nèi)表面及碗口

7、光滑.右側(cè)是一個(gè)足夠長(zhǎng)的固定光滑斜面.一根不可伸長(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)繩跨過(guò)碗口及豎直固定的輕質(zhì)光滑定滑輪，細(xì)繩兩端分別系有可視為質(zhì)點(diǎn)的小球m1和物塊m2，且m1＞m2.開(kāi)始時(shí)m1恰在A點(diǎn)，m2在斜面上且距離斜面頂端足夠遠(yuǎn)，此時(shí)連接m1、m2的細(xì)繩與斜面平行且恰好伸直，C點(diǎn)是圓心O的正下方.將m1由靜止釋放開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，則下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖7 A.在m1從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過(guò)程中，m1與m2組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒 B.當(dāng)m1運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)，m1的速率是m2速率的 C.m1不可能沿碗面上升到B點(diǎn) D.m2沿斜面上滑過(guò)程中，地面對(duì)斜面的支持力始終保持恒定 8.(多選)如圖8所示，在豎直平面內(nèi)半

8、徑為R的四分之一圓弧軌道AB、水平軌道BC與斜面CD平滑連接在一起，斜面足夠長(zhǎng).在圓弧軌道上靜止著N個(gè)半徑為r(r?R)的光滑剛性小球，小球恰好將圓弧軌道鋪滿，從最高點(diǎn)A到最低點(diǎn)B依次標(biāo)記為1,2,3，…，N.現(xiàn)將圓弧軌道末端B處的阻擋物拿走，N個(gè)小球由靜止開(kāi)始沿軌道運(yùn)動(dòng)，不計(jì)摩擦與空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖8 A.N個(gè)小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終不會(huì)散開(kāi) B.第N個(gè)小球在斜面上能達(dá)到的最大高度為R C.第1個(gè)小球到達(dá)最低點(diǎn)的速度＞v＞ D.第1個(gè)小球到達(dá)最低點(diǎn)的速度v′＜ 9.(2018·四川省德陽(yáng)市二診)如圖9所示，一光滑水平桌面與一半徑為R的光滑半圓形豎直軌道相切于C

9、點(diǎn)，且兩者固定不動(dòng).一長(zhǎng)L＝0.8m的細(xì)繩，一端固定于O點(diǎn)，另一端系一個(gè)質(zhì)量m1＝0.2kg的小球A，當(dāng)細(xì)繩在豎直方向靜止時(shí)，小球A對(duì)水平桌面的作用力剛好為零，現(xiàn)將A提起使細(xì)繩處于水平位置時(shí)無(wú)初速度釋放，當(dāng)球A擺至最低點(diǎn)時(shí)，恰與放在桌面上的質(zhì)量m2＝0.8kg的小球B正碰，碰后球A以2m/s的速率彈回，球B將沿半圓形軌道運(yùn)動(dòng)，恰好能通過(guò)最高點(diǎn)D，g取10m/s2，求： 圖9 (1)B球在半圓形軌道最低點(diǎn)C的速度為多大？ (2)半圓形軌道半徑R應(yīng)為多大？ 10.如圖10所示，半徑為R的光滑半圓形軌道ABC與傾角為θ＝37°的粗糙斜面軌道DC相切

10、于C點(diǎn)，半圓形軌道的直徑AC與斜面垂直.質(zhì)量為m的小球從A點(diǎn)左上方距A點(diǎn)高為h的P點(diǎn)以某一速度水平拋出，剛好與半圓形軌道的A點(diǎn)相切進(jìn)入半圓形軌道內(nèi)側(cè)，之后經(jīng)半圓形軌道沿斜面剛好運(yùn)動(dòng)到與拋出點(diǎn)等高的D處.已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間，取R＝h，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，不計(jì)空氣阻力，求： 圖10 (1)小球被拋出時(shí)的速度v0； (2)小球到達(dá)半圓軌道最低點(diǎn)B時(shí)，對(duì)軌道的壓力； (3)小球從C到D過(guò)程中摩擦力做的功W. 答案精析 1.AD　[緩慢增大試管的傾角θ至試管豎直，彈簧所受壓力逐漸增大，彈簧的壓縮量逐漸增大，彈性勢(shì)能一定逐漸增大，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；設(shè)彈簧

11、原長(zhǎng)為l0，地面為重力勢(shì)能零勢(shì)能面，傾角為θ時(shí)小球重力勢(shì)能Ep＝mg(l0－)sinθ，當(dāng)sinθ＝時(shí)，該重力勢(shì)能函數(shù)表達(dá)式有最大值，若＜1，則在達(dá)到豎直位置之前，重力勢(shì)能有最大值，所以選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確.] 2.BD　[對(duì)于A、B及彈簧組成的系統(tǒng)，只有重力和彈力做功，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，但對(duì)于A和B組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，故A錯(cuò)誤；A的重力沿斜面向下的分力為Mgsinθ＝mg，物體A先做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)受力平恒時(shí)A的速度最大，此時(shí)B所受的拉力為FT＝mg，B恰好與地面間的作用力為零，故B正確；從B開(kāi)始運(yùn)動(dòng)直到A到達(dá)擋板的過(guò)程中，細(xì)繩彈力的大小一直大于B的重力，故B一直做加速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；A恰好

12、能到達(dá)擋板處，由機(jī)械能守恒定律可知此過(guò)程中重力對(duì)A做的功等于彈簧彈性勢(shì)能的增加量與物體B的機(jī)械能增加量之和，故D正確.] 3.D　[在下滑的整個(gè)過(guò)程中，只有重力對(duì)系統(tǒng)做功，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，但在B球沿水平面滑行，而A沿斜面滑行時(shí)，桿的彈力對(duì)A、B球做功，所以A、B球各自機(jī)械能不守恒，故A、B錯(cuò)誤；根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒得：mAg(h＋Lsinθ)＋mBgh＝(mA＋mB)v2，解得：v＝m/s，系統(tǒng)下滑的整個(gè)過(guò)程中B球機(jī)械能的增加量為mBv2－mBgh＝J，故D正確；A球的機(jī)械能減少量為J，C錯(cuò)誤.] 4.AD　[由題意知，甲、乙兩球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故甲球減少的機(jī)械能總等于乙球增加的機(jī)械

13、能，所以A正確；在甲下滑的過(guò)程中，甲、乙兩球的動(dòng)能在增加，故甲球減少的重力勢(shì)能大于乙球增加的重力勢(shì)能，所以B錯(cuò)誤；由于甲的質(zhì)量小于乙的質(zhì)量，根據(jù)滑動(dòng)過(guò)程機(jī)械能守恒，甲不能滑到槽的最低點(diǎn)，所以C錯(cuò)誤；根據(jù)滑動(dòng)過(guò)程機(jī)械能守恒，桿從右向左滑回時(shí)，乙一定會(huì)回到凹槽的最低點(diǎn)，故D正確.] 5.BC　[物塊沿球面運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，庫(kù)侖力和支持力沿球半徑方向不做功，只有重力做功，則物塊的機(jī)械能不變，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；設(shè)OP與豎直方向夾角為θ，則當(dāng)物塊將要離開(kāi)球面時(shí)所受球面的支持力為零，則由牛頓第二定律有F庫(kù)＋mgcosθ＝m，因物塊在最高點(diǎn)時(shí)對(duì)球殼的壓力大小是物塊重力大小的2倍，可知F庫(kù)＝mg，由機(jī)械能守恒

14、定律得mgR(1－cosθ)＝mv2，聯(lián)立解得v＝，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤.] 6.ACD　[當(dāng)彈簧的彈力與小球的重力相等時(shí)，小球的速度最大，根據(jù)胡克定律得F＝k(x－h(huán))，求得速度最大時(shí)x＝h＋，A項(xiàng)正確；根據(jù)功能關(guān)系列出k(x－h(huán))2＝mgx，可求出彈力為，即小球在C時(shí)刻彈力不等于重力大小的兩倍，B項(xiàng)錯(cuò)誤；根據(jù)功能關(guān)系，小球的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為小球的動(dòng)能和彈簧的彈性勢(shì)能，A時(shí)刻到B時(shí)刻過(guò)程中，小球的動(dòng)能增大，即小球的重力勢(shì)能減少的數(shù)值大于彈簧彈性勢(shì)能增加的數(shù)值，C項(xiàng)正確；根據(jù)機(jī)械能守恒定律，可知小球可以從C時(shí)刻的位置回到出發(fā)點(diǎn)，D項(xiàng)正確.] 7.ACD　[在m1從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過(guò)程中，m1與

15、m2組成的系統(tǒng)只有重力做功，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，故A正確；設(shè)小球m1運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)C時(shí)m1、m2的速度大小分別為v1、v2，則有v1cos45°＝v2，則＝，故B錯(cuò)誤；由于m1上升的過(guò)程中繩子對(duì)它做負(fù)功，所以m1不可能沿碗面上升到B點(diǎn)，故C正確；m2沿斜面上滑過(guò)程中，m2對(duì)斜面的壓力是一定的，大小和方向都不變，斜面的受力情況不變，由平衡條件可知地面對(duì)斜面的支持力始終保持恒定，故D正確.] 8.AD　[在下滑的過(guò)程中，水平面上的小球要做勻速運(yùn)動(dòng)，而曲面上的小球要做加速運(yùn)動(dòng)，則后面的小球?qū)η懊娴男∏蛴邢蚯暗膲毫?，沖上斜面后后面的小球把前面的小球往上壓，所以小球之間始終相互擠壓，故N個(gè)小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中

16、始終不會(huì)散開(kāi)，故A正確；把N個(gè)小球看成整體，則小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中只有重力做功，機(jī)械能守恒，弧AB的長(zhǎng)度等于小球全部到斜面上的長(zhǎng)度，而在圓弧上的重心位置與在斜面上的重心位置相比可能高，可能低，也可能一樣高，所以第N個(gè)小球在斜面上能達(dá)到的最大高度可能比R小，可能比R大，也可能與R相等，故B錯(cuò)誤；N個(gè)小球整體在AB段時(shí)，重心低于，小球整體的重心運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過(guò)程中，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得mv2＜mg·，解得v＜，而第1個(gè)小球在下滑過(guò)程中，始終受到第2個(gè)小球?qū)λ膲毫?，所以?個(gè)小球到達(dá)最低點(diǎn)的速度v′＜，故C錯(cuò)誤，D正確.] 9.(1)1.5m/s　(2)0.045m 解析　(1)設(shè)小球A擺至最低點(diǎn)時(shí)

17、速度為v0，由機(jī)械能守恒定律得m1gL＝m1v02，解得v0＝＝4m/s，A與B碰撞，水平方向動(dòng)量守恒，設(shè)A、B碰后的速度分別為v1、v2，選水平向右方向?yàn)檎较?，則m1v0＝m1v1＋m2v2，解得v2＝1.5m/s； (2)小球B恰好通過(guò)最高點(diǎn)D，由牛頓第二定律得m2g＝m2，B在CD上運(yùn)動(dòng)時(shí)，由機(jī)械能守恒定律得m2v22＝m2g·2R＋m2vD2，解得R＝0.045m. 10.(1)　(2)5.6mg，方向豎直向下　(3)－mgh 解析　(1)小球運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)時(shí)，速度與水平方向的夾角θ，如圖所示. 則有v12＝2gh① 由幾何關(guān)系得v0tanθ＝v1② 聯(lián)立以上各式解得 v0＝.③ (2)A、B間豎直高度H＝R(1＋cosθ)④ 設(shè)小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度為v，則從拋出點(diǎn)到B點(diǎn)過(guò)程中，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有 mv02＋mg(H＋h)＝mv2⑤ 小球在B點(diǎn)，有FN－mg＝m⑥ 聯(lián)立解得FN＝5.6mg⑦ 由牛頓第三定律知，小球在B點(diǎn)對(duì)軌道的壓力大小是FN′＝FN＝5.6mg，方向豎直向下.⑧ (3)小球在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，重力做功為零，根據(jù)動(dòng)能定理知：小球沿斜面上滑過(guò)程中克服摩擦力做的功等于小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初動(dòng)能，有W＝0－mv02＝－mgh.⑨ 9