《（通用版）2020版高考物理二輪復(fù)習(xí) 小卷30分鐘提分練（四）（8選擇+2實(shí)驗(yàn)）（含解析）》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（通用版）2020版高考物理二輪復(fù)習(xí) 小卷30分鐘提分練（四）（8選擇+2實(shí)驗(yàn)）（含解析）（6頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、小卷30分鐘提分練(8選擇＋2實(shí)驗(yàn))(四) 一、選擇題(本題共8小題，每小題6分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14～18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19～21題有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．) 14．如圖所示，光滑的四分之一圓弧軌道AB固定在豎直平面內(nèi)，A端與水平面相切，穿在軌道上的小球在拉力FT作用下，緩慢地由A向B運(yùn)動(dòng)，F(xiàn)T始終沿軌道的切線方向，軌道對(duì)球的彈力為FN，在運(yùn)動(dòng)過程中(　　) A．FT增大，F(xiàn)N減小 B．FT減小，F(xiàn)N減小 C．FT增大，F(xiàn)N增大 D．FT減小，F(xiàn)N增大 答案：A 15．[2019·安徽聯(lián)盟最

2、后一卷]如圖所示，勻強(qiáng)電場(chǎng)平行于等邊三角形ABC所在的平面，M、N分別是BC和AC的中點(diǎn)．同一帶負(fù)電的點(diǎn)電荷，由A移到B電場(chǎng)力做功1.2×10－8 J，由A移到C電場(chǎng)力做功2.4×10－8 J，則下列說法正確的是(　　) A．M、N連線所在直線為等勢(shì)線 B．A點(diǎn)電勢(shì)高于B點(diǎn) C．將該點(diǎn)電荷由A點(diǎn)移到M點(diǎn)，電場(chǎng)力做功1.8×10－8 J D．勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向由A點(diǎn)指向C點(diǎn) 答案：C 16. [2019·衡水金卷四省第三次大聯(lián)考]如圖所示，一個(gè)小球從光滑的固定圓弧槽的A點(diǎn)由靜止釋放后，經(jīng)最低點(diǎn)B運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過程中，小球的動(dòng)能Ek隨時(shí)間t的變化圖象可能是(　　) 解析：動(dòng)能

3、Ek與時(shí)間t的圖象上的任意一點(diǎn)的斜率表示重力做功的瞬時(shí)功率，即＝＝P，A點(diǎn)與C點(diǎn)處小球速度均為零，B點(diǎn)處小球速度方向與重力方向垂直，所以A、B、C三點(diǎn)處重力做功的功率為零，則小球由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中重力做功的功率先增大再減小至零，小球由B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過程中，重力做功的功率也是先增大再減小至零，故B正確，A、C、D錯(cuò)誤． 答案：B 17. [2019·廣東省梅州市二模]如圖所示，ABC為豎直平面內(nèi)的光滑絕緣軌道，其中AB為傾斜直軌道，BC為與AB相切的圓形軌道，并且僅圓形軌道處在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里．今有質(zhì)量相同的甲、乙、丙三個(gè)小球，其中甲球帶正電、乙球帶負(fù)電、丙球不

4、帶電，現(xiàn)將三個(gè)小球在軌道AB上分別從不同高度處由靜止釋放，都恰好通過圓形軌道最高點(diǎn)，則(　　) A．經(jīng)過最高點(diǎn)時(shí)，三個(gè)小球的速度相等 B．經(jīng)過最高點(diǎn)時(shí)，甲球的速度最小 C．乙球釋放的位置最高 D．甲球下落過程中，機(jī)械能守恒 解析：在最高點(diǎn)時(shí)，甲球所受洛倫茲力向下，乙球所受洛倫茲力向上，而丙球不受洛倫茲力，三球在最高點(diǎn)所受合力不相等，由牛頓第二定律得：F合＝m，由于F合不等、m、R相等，則三個(gè)小球經(jīng)過最高點(diǎn)時(shí)的速度不相等，故A錯(cuò)誤；由于經(jīng)過最高點(diǎn)時(shí)甲球所受合力最大，甲球在最高點(diǎn)的速度最大，故B錯(cuò)誤；甲球經(jīng)過最高點(diǎn)時(shí)的速度最大，甲的機(jī)械能最大，小球在運(yùn)動(dòng)過程中只有重力做功，機(jī)械能守恒，由

5、機(jī)械能守恒定律可知，甲釋放時(shí)的位置最高，故C錯(cuò)誤；洛倫茲力不做功，小球在運(yùn)動(dòng)過程中只有重力做功，機(jī)械能守恒，故D正確． 答案：D 18. [2019·湖北黃石高三適應(yīng)性考試]如圖所示，面積為S、匝數(shù)為N的矩形線框在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，繞垂直于磁感線的軸OO′勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，通過滑環(huán)向理想變壓器供電，燈泡L1、L2均正常發(fā)光，理想電流表的示數(shù)為I. 已知L1、L2的額定功率均為P，額定電流均為I，線框及導(dǎo)線電阻不計(jì)，則(　　) A．圖示位置時(shí)穿過線框的磁通量變化率為零 B．線框轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為 C．理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為1：2 D．若燈L1燒壞，電流表示數(shù)將增大 解

6、析：圖示位置時(shí)，線框切割磁感線速度最大，故穿過線框的磁通量變化率最大，故A錯(cuò)誤；變壓器原線圈輸入電壓為：U＝，根據(jù)Um＝NBSω，U＝，聯(lián)立解得：ω＝，故B正確；變壓器的輸入電流為I、輸出電流為2I，根據(jù)＝，原、副線圈的匝數(shù)之比為2：1，故C錯(cuò)誤；若L1燈燒壞，負(fù)載電阻變大，輸入、輸出電壓不變，所以副線圈電流變小，故電流表示數(shù)減小，D錯(cuò)誤． 答案：B 19．現(xiàn)代科學(xué)研究中常要用到高速電子，電子感應(yīng)加速器就是利用感生電場(chǎng)使電子加速的設(shè)備．如圖所示，上面為側(cè)視圖，上、下為電磁鐵的兩個(gè)磁極，電磁鐵線圈中電流的大小可以變化；下面為磁極之間真空室的俯視圖．現(xiàn)有一電子在真空室中做圓周運(yùn)動(dòng)，從上往

7、下看電子沿逆時(shí)針方向做加速運(yùn)動(dòng)．則下列判斷正確的是(　　) A．通入螺線管的電流在增強(qiáng) B．通入螺線管的電流在減弱 C．電子在軌道中做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力是電場(chǎng)力 D．電子在軌道中加速的驅(qū)動(dòng)力是電場(chǎng)力 解析：從上往下看電子沿逆時(shí)針方向做加速運(yùn)動(dòng)，表明感應(yīng)電場(chǎng)沿順時(shí)針方向．圖示電磁鐵螺線管電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向豎直向上，根據(jù)楞次定律和右手定則，當(dāng)磁場(chǎng)正在增強(qiáng)時(shí)，產(chǎn)生的感應(yīng)電場(chǎng)沿順時(shí)針方向，故選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；電子所受感應(yīng)電場(chǎng)力方向沿切線方向，電子在軌道中做加速圓周運(yùn)動(dòng)是由電場(chǎng)力驅(qū)動(dòng)的，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確． 答案：AD 20．如圖所示，水平地面粗糙，物塊A、B在水平外力F的作用下都從靜

8、止開始運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過程中的某一時(shí)刻，物塊A、B的速度vA、vB和加速度aA、aB大小關(guān)系可能正確的是(　　) A．vA>vB，aA＝aB B．vAvB，aA>aB 解析：由題意知，A、B一起加速時(shí)，aA＝aB，則vA＝vB；發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)，一定是：vA

9、恰好為零，現(xiàn)用一沿斜面向上的恒力F＝20 N作用在物塊上，使其沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，當(dāng)物塊從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，力F做的功W＝4 J，已知彈簧的勁度系數(shù)k＝100 N/m，物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝，取g＝10 m/s2，則下列結(jié)論正確的是(　　) A．物塊從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，重力勢(shì)能增加了4 J B．物塊從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，產(chǎn)生的內(nèi)能為1.2 J C．物塊經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的速度大小為 m/s D．物塊從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，彈簧彈性勢(shì)能的變化量為0.5 J 解析：當(dāng)物塊從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，力F做的功W＝4 J，則A、B的距離L＝＝ m＝0.2 m，此時(shí)重力勢(shì)能增加了ΔEp＝mgL

10、sin 30°＝20×0.2× J＝2 J，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；物塊從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，產(chǎn)生的內(nèi)能為ΔE＝Wf＝μmgLcos 30°＝×20×0.2× J＝1.2 J，選項(xiàng)B正確；物塊靜止在A點(diǎn)時(shí)所受摩擦力為零，則mgsin 30°＝kΔx，解得Δx＝＝ m＝0.1 m，即在A點(diǎn)時(shí)彈簧被壓縮了0.1 m，可知當(dāng)物塊到達(dá)B點(diǎn)時(shí)，彈簧伸長(zhǎng)0.1 m，那么在A、B兩點(diǎn)彈簧的彈性勢(shì)能相等，則從A到B由動(dòng)能定理：W－WG－Wf＝mv，解得vB＝ m/s，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤． 答案：BC 二、非選擇題(考生按要求作答) 22．(5分)某同學(xué)利用如圖甲所示裝置探究平拋運(yùn)動(dòng)中物體機(jī)械能是否守恒。在斜槽軌

11、道的末端安裝一個(gè)光電門B，調(diào)節(jié)激光束與球心等高，斜槽末端水平。地面上依次鋪有白紙、復(fù)寫紙，讓小球從斜槽上固定位置A點(diǎn)無初速度釋放，通過光電門后落在地面的復(fù)寫紙上，在白紙上留下打擊印。重復(fù)實(shí)驗(yàn)多次，測(cè)得小球通過光電門的平均時(shí)間為3.30 ms(當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭＝9.8 m/s2)． (1)用游標(biāo)卡尺測(cè)得小球直徑如圖乙所示，則小球直徑為d＝________mm，由此可知小球通過光電門的速度vB＝________m/s. (2)實(shí)驗(yàn)測(cè)得軌道末端離地面的高度h＝0.784 m，小球的平均落點(diǎn)P到軌道末端正下方O點(diǎn)的距離x＝0.600 m，則由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律解得小球平拋的初速度v0＝_______

12、_m/s.(結(jié)果保留3位有效數(shù)字) (3)在誤差允許范圍內(nèi)，實(shí)驗(yàn)結(jié)果中小球通過光電門的速度vB與由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求解的平拋初速度v0相等，就可以認(rèn)為平拋運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能是守恒的。 解析：(1)主尺讀數(shù)為5 mm，游標(biāo)尺上第0個(gè)刻度與上面對(duì)齊，故讀數(shù)為d＝5 mm＋0×0.05 mm＝5.00 mm；利用小球通過光電門的平均速度代替瞬時(shí)速度，有vB＝＝ m/s＝1.52 m/s. (2)根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有h＝gt2、x＝v0t，聯(lián)立解得v0＝1.50 m/s. 答案：(1)5.00(1分)　1.52(2分)　(2)1.50(2分) 23．(10分)做“測(cè)定銅導(dǎo)線的電阻率”實(shí)驗(yàn)中可供使用的

13、器材有： A．橫截面積為1.0 mm2、長(zhǎng)度為100 m的一捆銅導(dǎo)線(電阻Rx約2 Ω)；B.電流表G(內(nèi)阻Rg＝100 Ω，滿偏電流Ig＝3 mA)；C.電流表A(量程0～0.6 A，內(nèi)阻約1 Ω)；D.滑動(dòng)變阻器R(最大阻值5 Ω)；E.定值電阻(R0＝3 Ω，R1＝900 Ω，R2＝1 000 Ω)；F.電源(電動(dòng)勢(shì)6 V，內(nèi)阻不計(jì))；G.開關(guān)、導(dǎo)線若干． 請(qǐng)完成下列實(shí)驗(yàn)內(nèi)容： (1)把電流表G與定值電阻串聯(lián)改裝成量程為0～3 V的電壓表，則定值電阻應(yīng)選________(填“R1”或“R2”)． (2)為了盡可能獲取多組數(shù)據(jù)，實(shí)驗(yàn)電路圖應(yīng)選下列四幅中的________，電路中R0

14、的作用是________． (3)根據(jù)正確的電路圖，完成實(shí)物圖的連接(已正確連接了部分導(dǎo)線)． (4)某次測(cè)量中，電流表G的讀數(shù)為2.40 mA時(shí)，電流表A的讀數(shù)為0.50 A，由此求得銅導(dǎo)線的電阻率為________Ω·m(保留兩位有效數(shù)字)． 解析：(1)要把電流表G改裝成量程為0～3 V的電壓表，串聯(lián)的定值電阻阻值為－100 Ω＝900 Ω，則定值電阻應(yīng)選R1. (2)為了盡可能獲取多組數(shù)據(jù)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，電流表A外接，實(shí)驗(yàn)電路圖應(yīng)選甲，電路中R0的作用是減慢電表示數(shù)的變化，保護(hù)電表． (3)實(shí)物圖的連接如圖所示． (4)某次測(cè)量中，電流表G的讀數(shù)為2.40 mA時(shí)，則Rx和R0串聯(lián)支路的電壓為U＝2.40 mA×1 000 Ω＝2.4 V，電流表A的讀數(shù)為I＝0.50 A，由歐姆定律可得，Rx＋R0＝＝4.8 Ω，解得Rx＝1.8 Ω. 由電阻定律有Rx＝，求得銅導(dǎo)線的電阻率為ρ＝1.8×10－8 Ω·m. 答案：(1)R1(2分)　(2)甲(2分)　減慢電表示數(shù)的變化，保護(hù)電表(2分)　(3)如圖所示(2分)　(4)1.8×10－8(2分) - 6 -