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1、2022年高考物理二輪復(fù)習(xí) 選擇題專項訓(xùn)練（二） 本題共8小題,在每小題給出的四個選項中,1~5題只有一個選項符合題目要求,6~8題有多個選項符合題目要求。 1. 一只蝸牛從半球形小碗內(nèi)的最低點(diǎn)沿碗壁向上緩慢爬行,在其滑落之前的爬行過程中受力情況是(　　) A.碗對蝸牛的支持力變大 B.碗對蝸牛的摩擦力變大 C.碗對蝸牛的作用力變小 D.地面對碗的摩擦力逐漸變小 2. (a) (xx·江西重點(diǎn)中學(xué)聯(lián)考)某物體做直線運(yùn)動的v-t圖象如圖(a)所示,據(jù)此判斷圖(b)(F表示物體所受合力,t表示物體運(yùn)動的時間)四個選項中正確的是(　　) (b) 3.在中國航天

2、驕人的業(yè)績中有這些記載:天宮一號在離地面 343 km 的圓形軌道上飛行;嫦娥一號在距月球表面高度為200 km 的圓形軌道上飛行;北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)由同步衛(wèi)星(地球靜止軌道衛(wèi)星,在赤道平面,距赤道的高度約為36 000 km)和傾斜同步衛(wèi)星(周期與地球自轉(zhuǎn)周期相等,但不定點(diǎn)于某地上空)等組成。則下列分析正確的是(　　) A.設(shè)天宮一號繞地球運(yùn)動的周期為T,用G表示引力常量,則用表達(dá)式求得的地球平均密度比真實(shí)值要大 B.天宮一號的飛行速度比同步衛(wèi)星的飛行速度要小 C.同步衛(wèi)星和傾斜同步衛(wèi)星同周期、同軌道半徑,但兩者的軌道平面不在同一平面內(nèi) D.嫦娥一號與地球的距離比同步衛(wèi)星與地球的距離小

3、 　　　　　　　　　　　　　　　　 4.(xx·江西六校聯(lián)考)圖甲是某景點(diǎn)的山坡滑道圖片,為了探究滑行者在滑道直線部分AE滑行的時間,技術(shù)人員通過測量繪制出如圖乙所示的示意圖。AC是滑道的豎直高度,D點(diǎn)是AC豎直線上的一點(diǎn),且有AD=DE=15 m,滑道AE可視為光滑,滑行者從坡頂A點(diǎn)由靜止開始沿滑道AE向下做直線滑動,g取10 m/s2,則滑行者在滑道AE上滑行的時間為(　　) A. s B.2 s C. s D.2 s 5. (xx·山西大學(xué)附中月考)如圖所示,在豎直平面內(nèi)半徑為R的圓弧軌道AB、水平軌道BC與斜面CD平滑連接在一起,斜面足夠長。在圓弧軌道上靜止著N個半

4、徑為r(r?R)的光滑剛性小球,小球恰好將圓弧軌道鋪滿,從最高點(diǎn)A到最低點(diǎn)B依次標(biāo)記為1、2、3…N。現(xiàn)將圓弧軌道末端B處的阻擋物拿走,N個小球由靜止開始沿軌道運(yùn)動,不計摩擦與空氣阻力,下列說法正確的是(　　) A.N個小球在運(yùn)動過程中會散開 B.第N個小球在斜面上能達(dá)到的最大高度為R C.第1個小球到達(dá)最低點(diǎn)的速度

5、別為a1和a2,電勢能分別為Ep1和Ep2,過O點(diǎn)時的速度大小分別為v1和v2,到達(dá)O點(diǎn)經(jīng)過的時間分別為t1和t2。粒子的重力不計,則(　　) A.a1

6、mg C.減速時動力的大小等于mg D.減速飛行時間t后速度為零 8.(xx·江西五校聯(lián)考) 如圖所示,a、b間接入電壓u=311sin 314t(V)的正弦式交變電流,變壓器右側(cè)部分為一火警報警系統(tǒng)原理圖,其中R2為用半導(dǎo)體熱敏材料制成的傳感器(當(dāng)溫度升高時,其阻值將減小),所有電表均為理想電表,電流表A2為值班室的顯示器,顯示通過R1的電流,電壓表V2顯示加在報警器上的電壓(報警器未畫出),R3為一定值電阻。當(dāng)傳感器R2所在處出現(xiàn)火情時,以下說法中正確的是(　　) A.A1的示數(shù)增大,A2的示數(shù)增大 B.V1的示數(shù)不變,V2的示數(shù)減小 C.A1的示數(shù)增大,A2的示數(shù)減小

7、D.V1的示數(shù)減小,V2的示數(shù)減小 參考答案 1.B　解析: 蝸牛爬行至某處的受力情況如圖所示,由平衡條件則有FN=mgcos θ,Ff=mgsin θ,依題意知,θ變大,故支持力變小,摩擦力變大,選項A錯誤,B正確;碗對蝸牛的作用力大小等于蝸牛的重力不變,選項C錯誤;把蝸牛和碗看作一個整體,水平方向不受力,選項D錯誤。 2.B　解析:由題圖可知前2 s物體做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動,所以前2 s物體受力恒定,2~4 s物體做正方向勻減速直線運(yùn)動,所以物體受力為負(fù)且恒定,4~6 s 物體做負(fù)方向勻加速直線運(yùn)動,所以物體受力為負(fù)且恒定,6~8 s物體做負(fù)方向勻減

8、速直線運(yùn)動,所以物體受力為正且恒定,綜上分析選項B正確。 3.C　解析:設(shè)地球的質(zhì)量為M,半徑為R,由萬有引力提供向心力有G=m(R+h),聯(lián)立M=ρ·πR3可知ρ=,因而選項A錯誤;天宮一號的軌道半徑小于同步衛(wèi)星的軌道半徑,因而線速度要大,選項B錯誤;由題可知選項C正確;嫦娥一號繞月球做圓周運(yùn)動時,離地球的距離要比同步衛(wèi)星離地球的距離遠(yuǎn),選項D錯誤。 4.C　解析:設(shè)斜面坡角為θ,則AE=2ADsin θ,物體做勻加速直線運(yùn)動,對物體進(jìn)行受力分析,受重力和支持力,將重力沿著平行斜面和垂直斜面正交分解,根據(jù)牛頓第二定律,有mgsin θ=ma,解得a=gsin θ,根據(jù)速度位移公式,有x

9、=at2,解得t= s,故選項C正確,選項A、B、D錯誤。 5.D　解析:在下滑的過程中,水平面上的小球要做勻速運(yùn)動,而曲面上的小球要做加速運(yùn)動,則后面的小球?qū)η懊娴男∏蛴邢蚯皦毫Φ淖饔?所以小球之間始終相互擠壓,沖上斜面后后面的小球把前面的小球往上壓,所以小球之間始終相互擠壓,故N個小球在運(yùn)動過程中始終不會散開,故選項A錯誤;把N個小球看作整體,則整體運(yùn)動過程中只有重力做功,機(jī)械能守恒,因為開始在圓弧面上靜止時,整體的重心高度要小于R,滑上斜面時在斜面上的重心位置可能比原來高也可能低,所以第N個小球在斜面上能達(dá)到的最大高度可能比R小,也可能比R大,故選項B錯誤;小球整體的重心運(yùn)動到最低點(diǎn)的

10、過程中,根據(jù)機(jī)械能守恒定律得mv2=mg 解得v= 而第一個球在下滑過程中,始終受到第二個球?qū)λ膲毫?所以第1個小球到達(dá)最低點(diǎn)的速度v<,故選項C錯誤,選項D正確。 6.BC　解析:根據(jù)電場線的疏密可知,A點(diǎn)電場強(qiáng)度大于B點(diǎn)電場強(qiáng)度,因此a1>a2,選項A錯誤;由于沿電場線電勢越來越低,而電場線又與等勢面垂直,可知A點(diǎn)電勢高于B點(diǎn)電勢,因此負(fù)電荷在A點(diǎn)電勢能小于B點(diǎn)電勢能,選項B正確;從A點(diǎn)到O點(diǎn)的過程中,克服電場力做功多,動能減少得多,因此到達(dá)O點(diǎn)時v1

11、行受力分析可知F合=mg,F=mg,選項A正確,B錯誤;飛行器減速飛行時,以飛行器為研究對象進(jìn)行受力分析可知F合'=mg,F'=mg,選項C正確;由于減速飛行時加速度大小為原來加速時加速度的一半,因而速度減為零時需要的時間為2t,選項D錯誤。 8.BC　解析:當(dāng)傳感器R2所在處出現(xiàn)火情時,R2的電阻減小,導(dǎo)致電路的總的電阻減小,所以電路中的總電流將會增加,A1測量的是原線圈中的總的電流,由于副線圈的電流增大了,所以原線圈的電流A1示數(shù)也要增大;由于電源的電壓不變,原、副線圈的電壓也不變,所以V1的示數(shù)不變,由于副線圈中電流增大,R3兩端的電壓增大,所以V2的示數(shù)要減小,即R1兩端的電壓也要減小,所以A2的示數(shù)要減小,所以選項B、C正確。