《2022年高考沖刺物理百題精練 專題06 電磁感應、交變電流（含解析）》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2022年高考沖刺物理百題精練 專題06 電磁感應、交變電流（含解析）（9頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022年高考沖刺物理百題精練 專題06 電磁感應、交變電流（含解析） 1．如圖甲所示，相距為L的光滑平行金屬導軌水平放置，導軌一部分處在以OO′為右邊界勻強磁場中，勻強磁場的磁感應強度大小為B，方向垂直導軌平面向下，導軌右側接有定值電阻R，導軌電阻忽略不計。在距邊界OO′也為L處垂直導軌放置一質量為m、電阻r的金屬桿ab。 （1）若金屬桿ab固定在導軌上的初位置，磁場的磁感應強度在t時間內由B均勻減小到零，求此過程中電阻R上產(chǎn)生的電量q。 （2）若ab桿在恒力作用下由靜止開始向右運動3L距離，其速度—位移的關系圖象如圖乙所示（圖中所示量為已知量）。求此過程中電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱Q1。

2、 （3）若ab桿固定在導軌上的初始位置，使勻強磁場保持大小不變繞OO′軸勻速轉動。若磁場方向由圖示位置開始轉過的過程中，電路中產(chǎn)生的焦耳熱為Q2. 則磁場轉動的角速度ω大小是多少？ 1. 【解析】 則 考點：本題考查了法拉第電磁感應定律。 2．如圖所示，寬度為L的足夠長的平行金屬導軌固定在絕緣水平面上，導軌的兩端連接阻值R的電阻．導軌所在空間存在豎直向下的勻強磁場，磁感應強度為B，一根質量m的導體棒MN放在導軌上與導軌接觸良好，導體棒的有效電阻也為R，導體棒與導軌間的動摩擦因數(shù)為，設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力．導體棒MN的初始位置與導軌最左端距離為L，導軌的電阻可忽略不計．

3、 （1）若用一平行于導軌的恒定拉力F拉動導體棒沿導軌向右運動，在運動過程中保持導體棒與導軌垂直，求導體棒最終的速度； （2）若導體棒的初速度為，導體棒向右運動L停止，求此過程導體棒中產(chǎn)生的焦耳熱； （3）若磁場隨時間均勻變化，磁感應強度（k>0），開始導體棒靜止，從t=0 時刻起，求導體棒經(jīng)過多長時間開始運動以及運動的方向． 2. 【解析】 （3） 導體棒恰好運動時 解得

4、 由楞次定律得導體棒將向左運動 考點：本題考查了法拉第電磁感應定律。 3．如圖所示，兩根等高的四分之一光滑圓弧軌道，半徑為r、間距為L，圖中oa水平，co豎直，在軌道頂端連有一阻值為R的電阻，整個裝置處在一豎直向上的勻強磁場中，磁感應強度為B。現(xiàn)有一根長度稍大于L、質量為m、電阻不計的金屬棒從軌道的頂端ab處由靜止開始下滑，到達軌道底端cd時受到軌道的支持力為2mg。整個過程中金屬棒與導軌接觸良好，軌道電阻不計，求： (1)金屬棒到達軌道底端cd時的速度大小和通過電阻R的電流： (2)金屬棒從ab下滑到cd過程中回路中產(chǎn)生

5、的焦耳熱和通過R的電荷量： (3)若金屬棒在拉力作用下，從cd開始以速度v0向右沿軌道做勻速圓周運動，則在到達ab的過程中拉力做的功為多少? 3.【解析】 試題分析：（1）到達軌道底端cd時由牛頓定律： 解得 感應電動勢 感應電流 所以 （2）由能量守恒定律得： 產(chǎn)生的焦耳熱

6、 平均感應電動勢 平均感應電流 通過R的電荷量 解得 （3）金屬棒中產(chǎn)生正弦交變電流的有效值 在四分之一周期內產(chǎn)生的熱量 由功能關系有 解得拉力做的功為 考點：本題考查了法拉第電磁感應定律。 4．如圖所示，兩根半徑為r的圓弧軌道間距為L，其頂端a、b與圓

7、心處等高，軌道光滑且電阻不計，在其上端連有一阻值為R的電阻，整個裝置處于輻向磁場中，圓弧軌道所在處的磁感應強度大小均為B．將一根長度稍大于L、質量為m、電阻為R0的金屬棒從軌道頂端ab處由靜止釋放．已知當金屬棒到達如圖所示的cd位置（金屬棒與軌道圓心連線和水平面夾角為θ）時，金屬棒的速度達到最大；當金屬棒到達軌道底端ef時，對軌道的壓力為1.5mg．求： （1）當金屬棒的速度最大時，流經(jīng)電阻R的電流大小和方向； （2）金屬棒滑到軌道底端的整個過程中流經(jīng)電阻R的電量； （3）金屬棒滑到軌道底端的整個過程中電阻R上產(chǎn)生的熱量． 4. 【解析】 試題分析：（1）金屬棒速度最大時，在軌道

8、切線方向所受合力為0，則 解得： 流經(jīng)R的電流方向為a--R--b （2）磁通量變化為 平均電動勢， 電量 （3） 軌道最低點時： 由能量轉化和守恒得： ??電阻R上發(fā)熱量 考點：本題考查了法拉第電磁感應定律。 5．如圖所示，兩平行的光滑金屬導軌安裝在一傾角的光滑絕緣斜面上，導軌間距L，導軌電阻忽略不計且足夠長，一寬度為d的有界勻強磁場垂直于斜面向上，磁感應強度為B。另有一長為2d的絕緣桿將一導體棒和一邊長為d（d

9、導軌上。開始時導體棒恰好位于磁場的下邊界處，由靜止釋放后裝置沿斜面向上運動，當線框的下邊運動到磁場的上邊界MN處時裝置的速度恰好為零，之后裝置將向下運動，然后再向上運動，經(jīng)過若干次往返后，最終整個裝置將在斜面上作穩(wěn)定的往復運動。已知B=2.5T，I=0.8A，L=0.5m，m=0.04kg，d=0.38m，取g＝10 m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求： （1）裝置被釋放的瞬間，導線棒加速度的大?。? （2）從裝置被釋放到線框下邊運動到磁場上邊界MN處的過程中，線框中產(chǎn)生的熱量； （3）裝置作穩(wěn)定的往復運動后，導體棒的最高位置與最低位置之間的距離。 5.【解析】

10、 試題分析：（1）由 代入數(shù)據(jù)解得 （2）設裝置由靜止釋放到線框下邊運動到磁場上邊界的過程中，線框克服感應電流所受安培力做功為W，根據(jù)動能定理有 代入數(shù)據(jù)解得 （3）裝置往復運動后，線框的上邊到達磁場的下邊將不再向上運動，導體棒的最高位置距磁場上邊界為d 導體棒的最低位置在磁場內，設距離上邊界為x，有 代入數(shù)據(jù)解得 即 考點：本題考查安培力、牛頓第二定律、動能定理。 6．如圖甲，單匝圓形線圈c與電路連接，電阻R2兩端與平行光

11、滑金屬直導軌p1e1f1、p2e2f2連接．垂直于導軌平面向下、向上有矩形勻強磁場區(qū)域Ⅰ、Ⅱ，它們的邊界為e1e2，區(qū)域Ⅰ中垂直導軌并緊靠e1e2平放一導體棒ab．兩直導軌分別與同一豎直平面內的圓形光滑絕緣導軌o1、o2相切連接，o1、o2在切點f1、f2處開有小口可讓ab進入，ab進入后小口立即閉合．已知：o1、o2的直徑和直導軌間距均為d，c的直徑為2d；電阻R1、R2的阻值均為R，其余電阻不計；直導軌足夠長且其平面與水平面夾角為，區(qū)域Ⅰ的磁感強度為B0．重力加速度為g．在c中邊長為d的正方形區(qū)域內存在垂直線圈平面向外的勻強磁場，磁感強度B隨時間t變化如圖乙所示，ab在t=0~內保持靜止．

12、 （1）求ab靜止時通過它的電流大小和方向； （2）求ab的質量m； （3）設ab進入圓軌道后能達到離f1f2的最大高度為h，要使ab不脫離圓形軌道運動，求區(qū)域Ⅱ的磁感強度B2的取值范圍并討論h與B2的關系式． 6.【解析】 試題分析：(1)由法拉第電磁感應定律得c內感生電動勢 ① 由全電路歐姆定律有 ②（R2被ab短路） 聯(lián)立①②解得：③ 根據(jù)楞次定律和右手螺旋定則（或者平衡條件和左手定則）判斷ab中電流方向為a→b④ (2) 由題意可知導軌平面與水平面夾角為， 對在t=0~內靜止的ab受力分析有⑤ 聯(lián)立③⑤解得： ⑥ (3) 由題意知t=后，c內的

13、磁感強度減為零，ab滑入?yún)^(qū)域Ⅱ， 由直導軌足夠長可知ab進入圓形軌道時已達勻速直線運動， 設此時ab為v，其電動勢為E2，電流為I2， 由平衡條件得 ⑦ 由法拉第電磁感應定律得動生電動勢⑧ 由全電路歐姆定律有 ⑨（R1、R2并聯(lián)） 聯(lián)立⑥⑦⑧⑨解得 ⑩ 由題意可知ab滑不過圓心等高點或者滑過圓軌道最高點均符合題意，分類討論如下： (ⅰ)當即時， ab上滑過程由動能定理得，即 (ⅱ) 設ab能滑到圓軌道最高點時速度為v1，根據(jù)牛頓第二定律應滿足 所以當即時， ab能滑到圓軌道最高點，有 考點：法拉第電磁感應定律；牛頓第二定律；動能定理； 7．如圖甲所示，一個

14、質量m＝0.1kg的正方形金屬框總電阻R＝0.5 Ω，金屬框放在表面絕緣的斜面AA′B′B的頂端(金屬框上邊與AA′重合)，自靜止開始沿斜面下滑，下滑過程中穿過一段邊界與斜面底邊BB′平行、寬度為d的勻強磁場后滑至斜面底端(金屬框下邊與BB′重合)，設金屬框在下滑過程中的速度為v，與此對應的位移為x，那么v2-x圖象如圖乙所示，已知勻強磁場方向垂直斜面向上，金屬框與斜面間的動摩擦因數(shù)μ＝0.5，斜面傾角θ=53°取g＝10 m/s2，sin53°= 0.8，cos53°= 0.6。求： （1）金屬框下滑加速度a和進入磁場的速度v1； （2）金屬框經(jīng)過磁場時受到的安培力FA大小和產(chǎn)生的電熱Q

15、； （3）勻強磁場的磁感應強度大小B。 7.【解析】 試題分析：（1）在金屬框開始下滑階段；由圖可得：x1=0.9m； 由牛頓第二定律可得：ma=mgsinθ-μmgcosθ 解得a=5m/s2 由運動公式：v12=2ax1 解得：v1=3m/s （2）由圖可知，金屬框穿過磁場過程做勻速直線運動， 線圈受力平衡，則mgsinθ-μmgcosθ-FA=0 解得FA=5N 此過程中安培力做功：WA=-FA(L+d)=-5J 所以Q=-WA=5J （3）由安培力公式得：FA=BIL 由法拉第電磁感應定律得：E=BLv1 由閉合電路的歐姆定律得： 聯(lián)立解得： 考

16、點：本題考查了法拉第電磁感應定律。 8．如圖甲所示，MN、PQ為間距L=0．5m足夠長的平行導軌，NQ⊥ MN，導軌的電陽均不計。導軌平面與水平面間的夾角=37°，NQ間連接有一個R=4的電阻。有一勻強磁場垂直于導軌平面且方向向上，磁感應強度為B0=1T。將一根質量為m=0.05kg的金屬棒ab緊靠NQ放置在導軌上，且與導軌接觸良好。現(xiàn)由靜止釋放金屬棒，當金屬棒滑行至cd處時達到穩(wěn)定速度，已知在此過程中通過金屬棒截面的電量q=0.2C，且金屬棒的加速度a與速度v的關系如圖乙所示，設金屬棒沿導軌向下運動過程中始終與NQ平行。取g=10m／s2。求： （1）金屬棒與導軌間的動摩擦因數(shù)μ； （2）cd離NQ的距離s； （3）金屬棒滑行至cd處的過程中，電阻R上產(chǎn)生的熱量； （4）若將金屬棒滑行至cd處的時刻記作t=0，從此時刻起，讓磁感應強度逐漸減小，為使金屬棒中不產(chǎn)生感應電流，則磁感應強度B應怎樣隨時間t變化? 8.【解析】 考點：本題旨在考查電磁感應。