《2022年高考數(shù)學二輪復習 限時訓練20 直線與圓錐曲線的位置關(guān)系、軌跡問題 文》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022年高考數(shù)學二輪復習 限時訓練20 直線與圓錐曲線的位置關(guān)系、軌跡問題 文（5頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022年高考數(shù)學二輪復習 限時訓練20 直線與圓錐曲線的位置關(guān)系、軌跡問題 文 1.已知圓E：x2＋2＝經(jīng)過橢圓C：＋＝1(a>b>0)的左、右焦點F1，F(xiàn)2，且與橢圓C在第一象限的交點為A，且F1，E，A三點共線．直線l交橢圓C于M，N兩點，且＝λ (λ≠0)． (1)求橢圓C的方程； (2)當△AMN的面積取到最大值時，求直線l的方程． 解：(1)∵F1，E，A三點共線，∴F1A為圓E的直徑， ∴AF2⊥F1F2. 由x2＋2＝， 得x＝±， ∴c＝， |AF2|2＝|AF1|2－|F1F2|2＝9－8＝1， 2a＝|AF1|＋|AF2|＝4，a＝2. ∵a2＝b2

2、＋c2，∴b＝， ∴橢圓C的方程為＋＝1. (2)由題知，點A的坐標為(，1)，∵＝λ (λ≠0)， ∴直線的斜率為， 故設(shè)直線l的方程為y＝x＋m， 聯(lián)立得，x2＋mx＋m2－2＝0， 設(shè)M(x1，y1)，N(x2，y2)， ∴x1＋x2＝－m，x1x2＝m2－2， Δ＝2m2－4m2＋8>0，∴－2

3、，一動圓經(jīng)過點且與直線x＝－相切，設(shè)該動圓圓心的軌跡為曲線E. (1)求曲線E的方程； (2)設(shè)P是曲線E上的動點，點B、C在y軸上，△PBC的內(nèi)切圓的方程為(x－1)2＋y2＝1，求△PBC面積的最小值． 解：(1)由題意可知圓心到的距離等于到直線x＝－的距離，由拋物線的定義可知，曲線E的方程為y2＝2x. (2)法一：設(shè)P(x0，y0)，B(0，b)，C(0，c)， 直線PB的方程為：(y0－b)x－x0y＋x0b＝0， 又圓心(1,0)到PB的距離為1， 所以＝1，整理得：(x0－2)b2＋2y0b－x0＝0， 同理可得：(x0－2)c2＋2y0c－x0＝0， 所以b，

4、c是方程(x0－2)x2＋2y0x－x0＝0的兩根， 所以b＋c＝，bc＝， 依題意bc<0，即x0>2， 則(b－c)2＝， 因為y＝2x0，所以|b－c|＝， 所以S＝|b－c|x0＝(x0－2)＋＋4≥8， 當x0＝4時上式取得等號， 所以△PBC面積的最小值為8. 法二：設(shè)P(x0，y0)，直線PB：y－y0＝k(x－x0)，由題知PB與圓(x－1)2＋y2＝1相切，則 ＝1，整理得： (x－2x0)k2＋2(1－x0)y0k＋y－1＝0， k1＋k2＝－，k1k2＝， 依題意x0>2， 則|yB－yC|＝|(y0－k1x0)－(y)－k2x0|＝|k1－k2

5、|x0， 又|k1－k2|＝，則|yB－yC|＝， 所以S＝|yB－yC||x0|＝(x0－2)＋＋4≥8，當且僅當x0＝4時上式取得等號， 所以△ PBC面積的最小值為8. 3．(xx·長春市高三模擬)在△ABC中，頂點B(－1,0)，C(1,0)，G，I分別是△ABC的重心和內(nèi)心，且∥. (1)求頂點A的軌跡M的方程； (2)過點C的直線交曲線M于P，Q兩點，H是直線x＝4上一點，設(shè)直線CH，PH，QH的斜率分別為k1，k2，k3，試比較2k1與k2＋k3的大小，并加以證明． 解：(1)由題意知S△ABC＝(|AB|＋|AC|＋|BC|)·r＝|BC|·|yA|，且|BC|＝

6、2，|yA|＝3r，其中r為內(nèi)切圓半徑， 化簡得：|AB|＋|AC|＝4，頂點A的軌跡是以B，C為焦點，4為長軸長的橢圓(去掉長軸端點)，其中a＝2，c＝1，b＝， 所以軌跡M的方程為＋＝1(y≠0)． (2)2k1＝k2＋k3，以下進行證明： 當直線PQ的斜率存在時，設(shè)直線PQ：y＝k(x－1)且P(x1，y1)，Q(x2，y2)，H(4，m)， 聯(lián)立可得x1＋x2＝， x1x2＝. 由題意：k1＝，k2＝，k3＝. k2＋k3＝ ＝ ＝ ＝＝2k1. 當直線PQ的斜率不存在時，不妨取P，Q， 則k2＋k3＝＋＝＝2k1. 綜上可得2k1＝k2＋k3. 4．(洛陽

7、市xx屆高三模擬)設(shè)M是焦距為2的橢圓E：＋＝1(a>b>0)上一點，A，B是其左、右頂點，直線MA與MB的斜率分別為k1，k2，且k1k2＝－. (1)求橢圓E的方程； (2)已知橢圓E：＋＝1(a>b>0)上點N(x0，y0)處切線方程為＋＝1，若與橢圓E相切于C(x1，y1)，D(x2，y2)兩點的切線相交于P點，且·＝0.求證：點P到原點的距離為定值． (1)解：由題意，2c＝2，c＝1，A(－a,0)，B(a,0)，設(shè)M(x，y)， ∵k1k2＝－，∴·＝－，即＝－. ∵M(x，y)在橢圓上，∴＋＝1. ∴＝－，∴＝，∴a2＝2b2. 又a2－b2＝c2＝1，∴a2＝2，b2＝1. ∴橢圓E的方程為＋y2＝1. (2)證明：依題意，切線PC，PD的方程分別為＋y1y＝1，＋y2y＝1，即x1x＋2y1y＝2，x2x＋2y2y＝2. 由，得P， ∵·＝0，∴PC⊥PD， ∴＝－1，即x1x2＝－4y1y2. ∵C，D在橢圓E上，∴x＋2y＝2，x＋2y＝2. ∴x＝2－2y，x＝2－2y. ∴|PO|2＝ ＝ ＝. ∵x1x2＝－4y1y2，∴xx＝16yy. 即(2－2y)(2－2y)＝16yy，(1－y)(1－y)＝4yy， 得yy＝. ∴|OP|2＝＝＝3. ∴|PO|＝， ∴P到原點的距離為定值.