《2022高中數(shù)學(xué) 第3章 數(shù)系的擴(kuò)充與復(fù)數(shù)的引入章末檢測（A）蘇教版選修1 -2》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022高中數(shù)學(xué) 第3章 數(shù)系的擴(kuò)充與復(fù)數(shù)的引入章末檢測（A）蘇教版選修1 -2（6頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022高中數(shù)學(xué) 第3章 數(shù)系的擴(kuò)充與復(fù)數(shù)的引入章末檢測（A）蘇教版選修1 -2 一、填空題(本大題共14小題，每小題5分，共70分) 1．下列命題中正確的有________．(填序號) ①純虛數(shù)集相對復(fù)數(shù)集的補(bǔ)集是虛數(shù)集； ②復(fù)數(shù)z是實(shí)數(shù)的充要條件是z＝； ③復(fù)數(shù)z是純虛數(shù)的充要條件是z＋＝0； ④i＋1的共軛復(fù)數(shù)是i－1. 2．復(fù)數(shù)z1＝2，z2＝2－i3分別對應(yīng)復(fù)平面內(nèi)的點(diǎn)P、Q，則向量對應(yīng)的復(fù)數(shù)是________． 3．已知復(fù)數(shù)z1＝x＋2i，z2＝－2＋i且|z1|<|z2|，則實(shí)數(shù)x的取值范圍是________． 4．已知復(fù)數(shù)z＝1－i，則＝________.

2、 5．已知z1＝3－4i，z2＝－7－2i，z1、z2對應(yīng)點(diǎn)分別為P1，P2，則對應(yīng)復(fù)數(shù)為________． 6．復(fù)數(shù)z＝的共軛復(fù)數(shù)＝________. 7．設(shè)＝＋ (x，y∈R)，則x＝________， y＝________. 8．若(2－i)·4i＝4－bi (其中i為虛數(shù)單位，b為實(shí)數(shù))，則b＝________. 9．已知z是純虛數(shù)，是實(shí)數(shù)，那么z＝________. 10．設(shè)m∈R，復(fù)數(shù)z＝(2＋i)m2－3(1＋i)m－2(1－i)． (1)若z為實(shí)數(shù)，則m＝________； (2)若z為純虛數(shù)，則m＝________. 11．已知＝1＋i，其中m是實(shí)數(shù)，i是

3、虛數(shù)單位，則在復(fù)平面內(nèi)復(fù)數(shù)－1＋mi對應(yīng)的點(diǎn)在第________象限． 12．設(shè)f(n)＝()n＋()n(n∈Z)，則值域中元素有________個(gè)． 13．若復(fù)數(shù)z＝，則|＋3i|＝________. 14．已知復(fù)數(shù)z1＝2＋3i，z2＝a＋bi，z3＝1－4i，它們在復(fù)平面上所對應(yīng)的點(diǎn)分別為A、B、C.若＝2＋，則a＝________，b＝________. 二、解答題(本大題共6小題，共90分) 15．(14分)已知復(fù)數(shù)z＝(2＋i)m2－－2(1－i)，當(dāng)實(shí)數(shù)m取什么值時(shí)，復(fù)數(shù)z是 (1)虛數(shù)，(2)純虛數(shù)． 16．(14分)設(shè)復(fù)數(shù)z滿足|

4、z|＝5，且(3＋4i)z在復(fù)平面內(nèi)的對應(yīng)點(diǎn)在第二、四象限的角平分線上，|z－m|＝5(m∈R)，求z和m的值． 17．(14分)復(fù)數(shù)z＝，若z2＋<0，求純虛數(shù)a. 18．(16分)已知復(fù)數(shù)z的模為2，求復(fù)數(shù)1＋i＋z的模的最大值、最小值． 19．(16分)已知z是虛數(shù)，證明：z＋為實(shí)數(shù)的充要條件是|z|＝1. 20．(16分)復(fù)數(shù)z＝且|z|＝4，z對應(yīng)的點(diǎn)在第一象限，若復(fù)數(shù)0，z，對應(yīng)的點(diǎn)是正三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，求實(shí)數(shù)a、b的值．

5、 第3章　數(shù)系的擴(kuò)充與復(fù)數(shù)的引入(A) 答案 1．② 2．3＋i 解析?。簔2－z1＝2－i3－()2＝2＋i＋1 ＝3＋i. 3．(－1,1) 解析　∵|z2|＝，∴x2＋4<5， ∴x2<1，∴－1

6、所以＝＋， 即－i＝＋＋i. 所以　所以 8．－8 解析　4＋8i＝4－bi，∴b＝－8. 9．－2i 解析　設(shè)z＝y(tǒng)i (y∈R，且y≠0)，則 ＝∈R， ∴2＋y＝0，即y＝－2，∴z＝－2i. 10．(1)1或2　(2)－ 解析　(1)z＝(2＋i)m2－3(1＋i)m－2(1－i) ＝(2m2－3m－2)＋(m2－3m＋2)i. 由題意知：m2－3m＋2＝0， 即m＝1或m＝2時(shí)，z是實(shí)數(shù)． (2)由題意得 解得m＝－.∴當(dāng)m＝－時(shí)，z是純虛數(shù)． 11．二 解析　∵m＝(1＋i)(1－i)＝2， ∴－1＋mi＝－1＋2i，故其對應(yīng)的點(diǎn)在第二象限．

7、12．3 解析　f(n)＝in＋(－i)n，n取特殊值1,2,3,4，可得相應(yīng)的值．f(1)＝0，f(2)＝－2，f(3)＝0，f(4)＝2. 13. 解析　∵z＝＝＝－1＋i. ∴＝－1－i，∴|＋3i|＝|－1＋2i|＝. 14．－3?。?0 解析　∵＝2＋ ∴1－4i＝2(2＋3i)＋(a＋bi) 即　∴. 15．解　由于m∈R，復(fù)數(shù)z可表示為 z＝(2＋i)m2－3m(1＋i)－2(1－i) ＝(2m2－3m－2)＋(m2－3m＋2)i， (1)當(dāng)m2－3m＋2≠0， 即m≠2且m≠1時(shí)，z為虛數(shù)． (2)當(dāng)， 即m＝－時(shí)，z為純虛數(shù)． 16．解　設(shè)z＝

8、a＋bi (a，b∈R)． 因?yàn)閨z|＝5，所以a2＋b2＝25. 因?yàn)?3＋4i)z＝(3＋4i)(a＋bi) ＝(3a－4b)＋(4a＋3b)i， 又(3＋4i)z在復(fù)平面內(nèi)的對應(yīng)點(diǎn)在第二、四象限的角平分線上，所以3a－4b＋4a＋3b＝0， 得b＝7a， 所以a＝±，b＝±，即z＝±， 所以z＝±(1＋7i)． 當(dāng)z＝1＋7i時(shí)，有|1＋7i－m|＝5， 即(1－m)2＋72＝50，得m＝0，或m＝2. 當(dāng)z＝－(1＋7i)時(shí)， 同理可得m＝0，或m＝－2. 17．解　z＝ ＝＝＝1－i. ∵a為純虛數(shù)，∴設(shè)a＝mi (m≠0)， 則z2＋＝(1－i)2＋＝

9、－2i＋ ＝－＋i<0， ∴　∴m＝4.∴a＝4i. 18．解　利用公式||z1|－|z2|| ≤|z1＋z2|≤|z1|＋|z2|. ∵|z|＝2，∴||z|－|1＋i|| ≤|z＋1＋i|≤|z|＋|1＋i|. ∴0≤|z＋1＋i|≤2＋2， ∴|z＋1＋i|min＝0，|z＋1＋i|max＝4. 19．證明　設(shè)z＝x＋yi (x，y∈R且y≠0)， 則z＋＝x＋yi＋＝x＋yi＋ ＝x＋＋i. 當(dāng)|z|＝1，即x2＋y2＝1時(shí)，z＋＝2x∈R. 當(dāng)z＋∈R，即y－＝0時(shí)，又y≠0， ∴x2＋y2＝1，即|z|＝1. ∴z＋為實(shí)數(shù)的充要條件是|z|＝1. 20．解　z＝(a＋bi) ＝2i·i(a＋bi)＝－2a－2bi. 由|z|＝4，得a2＋b2＝4. ① ∵復(fù)數(shù)0、z、對應(yīng)的點(diǎn)構(gòu)成正三角形， ∴|z－|＝|z|. 把z＝－2a－2bi代入化簡得|b|＝1. ② 又∵z對應(yīng)的點(diǎn)在第一象限， ∴－2a>0，－2b>0，∴a