《2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題六 直線、圓、圓錐曲線 專題能力訓(xùn)練17 直線與圓錐曲線 文》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題六 直線、圓、圓錐曲線 專題能力訓(xùn)練17 直線與圓錐曲線 文（10頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題六 直線、圓、圓錐曲線 專題能力訓(xùn)練17 直線與圓錐曲線 文 1.過(guò)拋物線C:y2=4x的焦點(diǎn)F,且斜率為的直線交C于點(diǎn)M(M在x軸的上方),l為C的準(zhǔn)線,點(diǎn)N在l上且MN⊥l,則M到直線NF的距離為(　　) A. B.2 C.2 D.3 2.與拋物線y2=8x相切傾斜角為135°的直線l與x軸和y軸的交點(diǎn)分別是A和B,那么過(guò)A,B兩點(diǎn)的最小圓截拋物線y2=8x的準(zhǔn)線所得的弦長(zhǎng)為(　　) A.4 B.2 C.2 D. 3.設(shè)拋物線C:y2=4x的焦點(diǎn)為F,直線l過(guò)F且與C交于A,B兩點(diǎn).若|AF|=3|BF|,則l的方程為(　　) A.y=x-1或y

2、=-x+1 B.y=(x-1)或y=-(x-1) C.y=(x-1)或y=-(x-1) D.y=(x-1)或y=-(x-1) 4.在平面直角坐標(biāo)系xOy中,雙曲線C1:=1(a>0,b>0)的漸近線與拋物線C2:x2=2py(p>0)交于點(diǎn)O,A,B.若△OAB的垂心為C2的焦點(diǎn),則C1的離心率為　　　　　.? 5.(2018全國(guó)Ⅱ,文20)設(shè)拋物線C:y2=4x的焦點(diǎn)為F,過(guò)點(diǎn)F且斜率為k(k>0)的直線l與C交于A,B兩點(diǎn),|AB|=8. (1)求l的方程. (2)求過(guò)點(diǎn)A,B且與C的準(zhǔn)線相切的圓的方程. 6.已知橢圓C的兩個(gè)頂點(diǎn)分別為A(-2,0),B(2,0),焦點(diǎn)

3、在x軸上,離心率為. (1)求橢圓C的方程; (2)點(diǎn)D為x軸上一點(diǎn),過(guò)D作x軸的垂線交橢圓C于不同的兩點(diǎn)M,N,過(guò)D作AM的垂線交BN于點(diǎn)E.求證:△BDE與△BDN的面積之比為4∶5. 7.在平面直角坐標(biāo)系xOy中,過(guò)橢圓M:=1(a>b>0)右焦點(diǎn)的直線x+y-=0交M于A,B兩點(diǎn),P為AB的中點(diǎn),且OP的斜率為. (1)求M的方程; (2)C,D為M上兩點(diǎn),若四邊形ACBD的對(duì)角線CD⊥AB,求四邊形ACBD面積的最大值. 8.已知橢圓C的中心在坐標(biāo)原點(diǎn),右焦點(diǎn)為F(1,0),A,B是橢圓C的左、右頂點(diǎn),D是橢圓C上異于A,B的動(dòng)點(diǎn),且△

4、ADB面積的最大值為. (1)求橢圓C的方程. (2)是否存在一定點(diǎn)E(x0,0)(00). (1)證明:k<-; (2)設(shè)F為C的右焦點(diǎn),P為C上一點(diǎn),且=0.證明:2||=||+||. 10.已知橢圓E:=1(a>b>0)的一個(gè)焦點(diǎn)與短軸的兩個(gè)端點(diǎn)是正三角形的三個(gè)頂點(diǎn),點(diǎn)P在橢圓E上.

5、 (1)求橢圓E的方程; (2)設(shè)不過(guò)原點(diǎn)O且斜率為的直線l與橢圓E交于不同的兩點(diǎn)A,B,線段AB的中點(diǎn)為M,直線OM與橢圓E交于C,D,證明:|MA|·|MB|=|MC|·|MD|. 11. 如圖,在平面直角坐標(biāo)系xOy中,橢圓E:=1(a>b>0)的左、右焦點(diǎn)分別為F1,F2,離心率為,兩準(zhǔn)線之間的距離為8.點(diǎn)P在橢圓E上,且位于第一象限,過(guò)點(diǎn)F1作直線PF1的垂線l1,過(guò)點(diǎn)F2作直線PF2的垂線l2. (1)求橢圓E的標(biāo)準(zhǔn)方程; (2)若直線l1,l2的交點(diǎn)Q在橢圓E上,求點(diǎn)P的坐標(biāo). 專題能力訓(xùn)練17　直線與圓錐曲線 一、能力突破訓(xùn)練

6、1.C　解析 由題意可知拋物線的焦點(diǎn)F(1,0),準(zhǔn)線l的方程為x=-1,可得直線MF:y=(x-1),與拋物線y2=4x聯(lián)立,消去y得3x2-10x+3=0,解得x1=,x2=3. 因?yàn)镸在x軸的上方,所以M (3,2). 因?yàn)镸N⊥l,且N在l上,所以N(-1,2). 因?yàn)镕(1,0),所以直線NF:y=-(x-1).所以M到直線NF的距離為=2. 2.C　解析 設(shè)直線l的方程為y=-x+b,聯(lián)立直線與拋物線方程,消元得y2+8y-8b=0.因?yàn)橹本€與拋物線相切,所以Δ=82-4×(-8b)=0,解得b=-2,故直線l的方程為x+y+2=0,從而A(-2,0),B(0,-2).因此

7、過(guò)A,B兩點(diǎn)的最小圓即為以AB為直徑的圓,其方程為(x+1)2+(y+1)2=2,而拋物線y2=8x的準(zhǔn)線方程為x=-2,此時(shí)圓心(-1,-1)到準(zhǔn)線的距離為1,故所截弦長(zhǎng)為2=2. 3.C　解析 由題意可得拋物線焦點(diǎn)F(1,0),準(zhǔn)線方程為x=-1. 當(dāng)直線l的斜率大于0時(shí),如圖,過(guò)A,B兩點(diǎn)分別向準(zhǔn)線x=-1作垂線,垂足分別為M,N,則由拋物線定義可得,|AM|=|AF|,|BN|=|BF|. 設(shè)|AM|=|AF|=3t(t>0),|BN|=|BF|=t,|BK|=x,而|GF|=2, 在△AMK中,由,得, 解得x=2t,則cos∠NBK=, ∴∠NBK=60°,則∠GF

8、K=60°,即直線AB的傾斜角為60°. ∴斜率k=tan 60°=,故直線方程為y=(x-1). 當(dāng)直線l的斜率小于0時(shí),如圖,同理可得直線方程為y=-(x-1),故選C. 4.　解析 雙曲線的漸近線為y=±x.由得A. 由 得B. ∵F為△OAB的垂心, ∴kAF·kOB=-1,即=-1, 解得, ∴,即可得e=. 5.解 (1)由題意得F(1,0),l的方程為y=k(x-1)(k>0). 設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2). 由得k2x2-(2k2+4)x+k2=0. Δ=16k2+16>0,故x1+x2=. 所以|AB|=|AF|+|BF|=(x1

9、+1)+(x2+1)=; 由題設(shè)知=8,解得k=-1(舍去),k=1. 因此l的方程為y=x-1. (2)由(1)得AB的中點(diǎn)坐標(biāo)為(3,2),所以AB的垂直平分線方程為y-2=-(x-3),即y=-x+5. 設(shè)所求圓的圓心坐標(biāo)為(x0,y0),則 解得 因此所求圓的方程為 (x-3)2+(y-2)2=16或(x-11)2+(y+6)2=144. 6.(1)解 設(shè)橢圓C的方程為=1(a>b>0). 由題意得解得c=. 所以b2=a2-c2=1. 所以橢圓C的方程為+y2=1. (2)證明 設(shè)M(m,n),則D(m,0),N(m,-n). 由題設(shè)知m≠±2,且n≠0

10、. 直線AM的斜率kAM=, 故直線DE的斜率kDE=-. 所以直線DE的方程為y=-(x-m),直線BN的方程為y=(x-2). 聯(lián)立 解得點(diǎn)E的縱坐標(biāo)yE=-. 由點(diǎn)M在橢圓C上,得4-m2=4n2. 所以yE=-n. 又S△BDE=|BD|·|yE|=|BD|·|n|,S△BDN=|BD|·|n|, 所以△BDE與△BDN的面積之比為4∶5. 7.解 (1)設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2),P(x0,y0), 則=1,=1,=-1, 由此可得=-=1. 因?yàn)閤1+x2=2x0,y1+y2=2y0,,所以a2=2b2. 又由題意知,M的右焦點(diǎn)為(,0),所以

11、a2-b2=3. 所以a2=6,b2=3. 所以M的方程為=1. (2)由解得因此|AB|=. 由題意可設(shè)直線CD的方程為y=x+n, 設(shè)C(x3,y3),D(x4,y4). 由得3x2+4nx+2n2-6=0. 于是x3,4=. 因?yàn)橹本€CD的斜率為1, 所以|CD|=|x4-x3|=. 由已知,四邊形ACBD的面積S=|CD|·|AB|=. 當(dāng)n=0時(shí),S取得最大值,最大值為. 所以四邊形ACBD面積的最大值為. 8.解 (1)設(shè)橢圓的方程為=1(a>b>0), 由已知可得△ADB的面積的最大值為·2a·b=ab=. ① ∵F(1,0)為橢圓右焦點(diǎn), ∴a2

12、=b2+1. ② 由①②可得a=,b=1, 故橢圓C的方程為+y2=1. (2)過(guò)點(diǎn)E取兩條分別垂直于x軸和y軸的弦M1N1,M2N2, 則, 即,解得x0=, ∴E若存在必為,定值為3. 證明如下: 設(shè)過(guò)點(diǎn)E的直線方程為x=ty+,代入C中得(t2+2)y2+ty-=0. 設(shè)M(x1,y1),N(x2,y2), 則y1+y2=-=-,y1y2=-, = = ==3. 綜上得定點(diǎn)為E,定值為3. 二、思維提升訓(xùn)練 9.證明 (1)設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2),則=1,=1. 兩式相減,并由=k得·k=0. 由題設(shè)知=1,=m,于是k=-. 由題

13、設(shè)得0b>0)過(guò)點(diǎn)P, 故=1,解得b2=1. 所以橢圓E的方程是+y2=1. (2)證明 設(shè)直線l的方程為y=x+m(m≠0),A(x1,y1

14、),B(x2,y2), 由方程組得x2+2mx+2m2-2=0, ① 方程①的判別式為Δ=4(2-m2). 由Δ>0,即2-m2>0,解得-

15、心率為,兩準(zhǔn)線之間的距離為8, 所以=8,解得a=2,c=1,于是b=,因此橢圓E的標(biāo)準(zhǔn)方程是=1. (2)由(1)知,F1(-1,0),F2(1,0). 設(shè)P(x0,y0),因?yàn)镻為第一象限的點(diǎn),故x0>0,y0>0. 當(dāng)x0=1時(shí),l2與l1相交于F1,與題設(shè)不符. 當(dāng)x0≠1時(shí),直線PF1的斜率為,直線PF2的斜率為. 因?yàn)閘1⊥PF1,l2⊥PF2,所以直線l1的斜率為-,直線l2的斜率為-, 從而直線l1的方程:y=-(x+1), ① 直線l2的方程:y=-(x-1). ② 由①②,解得x=-x0,y=, 所以Q. 因?yàn)辄c(diǎn)Q在橢圓上,由對(duì)稱性,得=±y0, 即=1或=1. 又P在橢圓E上,故=1. 由解得x0=,y0=無(wú)解.因此點(diǎn)P的坐標(biāo)為.