《2022屆高考物理二輪復習 專題一 力與運動 考點一 勻變速直線運動限時集訓》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2022屆高考物理二輪復習 專題一 力與運動 考點一 勻變速直線運動限時集訓（8頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。

1、2022屆高考物理二輪復習 專題一 力與運動 考點一 勻變速直線運動限時集訓 一、選擇題(1～7題每小題7分，8～10題每小題9分) 1．(2018·唐山三模)一輛汽車在平直公路上勻速行駛，司機發(fā)現(xiàn)前方紅燈亮起時開始做勻減速直線運動，恰好在停車線處停止運動。汽車在減速過程中，第一秒和最后一秒內的位移分別為14 m和1 m，則汽車勻減速運動過程中的平均速度為 A．6 m/s　　　　　　　　　B．6.5 m/s C．7 m/s D．7.5 m/s 解析　由最后1 s內的位移x0＝at2＝1 m，可知a＝2 m/s2。設物體的初速度為v0，則x1＝v0t－

2、at2，解得v0＝15 m/s，所以物體的平均速度為＝ ＝7.5 m/s。 答案　D 2．(2018·湘潭模擬)如圖1－1－9所示，一滑塊以5 m/s的速度從固定斜面底端O點沖上斜面，經時間t1到達A點時的速度為3 m/s，再經時間t2到達B點時的速度為0，并保持靜止，下列說法正確的是 圖1－1－9 A．O、A間的距離與A、B間的距離之比為5∶3 B．O、A間的距離與A、B間的距離之比為3∶5 C．t1與t2之比為2∶3 D．t1與t2之比為3∶2 解析　物體做勻減速直線運動，加速度大小為a。t1＝，t2＝，所以＝，故C正確。 答案　C 3．(2018·云南聯(lián)考)如圖1

3、－1－10所示，一汽車在t＝0時刻，從A點開始剎車，途徑B、C兩點，已知AB＝3.2 m，BC＝1.6 m，從A到B及從B到C的時間均為t＝1.0 s，以下判斷正確的是 圖1－1－10 A．汽車加速度大小為0.8 m/s2 B．汽車恰好停在C點 C．汽車在B點的瞬時速度為2.4 m/s D．汽車在A點的瞬時速度為3.2 m/s 解析　根據Δs＝aT2，a＝＝－1.6 m/s2，A錯誤；因為中間時刻速度等于平均速度，所以過B點速度為vB＝＝2.4 m/s，C正確；根據vC＝vB＋at得，vC＝0.8 m/s，B錯誤；同理得vA＝4 m/s，D錯誤。 答案　C 4．(2018·

4、雅安三模)如圖1－1－11是一質點做直線運動的v-t圖象，在0～8 s過程中 圖1－1－11 A．第4 s末與第6 s末的位置相同 B．前4 s的平均速度與后4 s的平均速度相同 C．第5 s內的加速度與第6 s內的加速度方向相反 D．第1個2 s內的位移和第4個2 s的位移相同 解析　物體在0～5 s內向正方向運動，5 s～8 s內向負方向運動。第4 s末與第6 s末的位置相同，A正確。前4 s的位移與后4 s的位移不同。故平均速度不同，B錯誤。第5 s內與第6 s內的加速度均沿負方向，且大小相同，C錯誤。第1個2 s內和第4個2 s內的位移大小相等，但方向不同，故D錯誤。

5、 答案　A 5．(2018·寧德二模)如圖1－1－12所示是某物體做直線運動的v2－x圖象(其中v為速度，x為位置坐標)，下列關于物體從x＝0處運動至x＝x0處的過程分析，其中正確的是 圖1－1－12 A．該物體做勻加速直線運動 B．該物體的加速度大小為 C．當該物體速度大小為v0時，位移大小為 D．當該物體位移大小為x0時，速度大小為v0 解析　由圖象并結合v2＝v＝2ax可知物體做勻減速運動，加速度a＝－。物體速度為v0時，由v－v＝2ax1得x1＝x0。物體的位移為x0時，由v－v＝2a得v2＝v0。故只有C正確。 答案　C 6．(2018·濟寧二模)甲、乙兩物體從

6、同一地點出發(fā)且在同一條直線上運動，它們的位移—時間(x-t)圖象如圖1－1－13所示，由圖象可以看出在0～4 s內 圖1－1－13 A．甲、乙兩物體始終同向運動 B．4 s時甲、乙兩物體的速度大小相等 C．甲的平均速度大于乙的平均速度 D．甲、乙兩物體之間的最大距離為3 m 解析　甲在0～2 s時間內向正方向運動，2 s～4 s時間內向負方向運動，4 s時兩物體相遇。因此0～4 s內兩物體的平均速度相同。t＝2時兩物體相距最遠，Δx＝x甲－x乙＝3 m。故D正確。 答案　D 7．(2018·成都三模)汽車的加速性能是反映汽車性能的重要指標。如圖為1－1－14所示，甲、乙、丙

7、三輛汽車運動的v-t圖象，根據圖象可以判定 圖1－1－14 A．乙車的速度變化最快 B．乙與甲在3 s時恰好相遇 C．丙與乙始終保持相同的距離 D．乙、丙兩車的加速性能相同 解析　加速度是反映汽車加速性能的物理量，而速度時間圖象的斜率反映加速度，故D對，A錯；題中沒有說明甲乙丙的初始位置差，故不能判斷是否相遇，B錯；丙與乙之間距離不斷增大，C錯。 答案　D 8．兩個質點A、B放在同一水平面上，由靜止開始從同一位置沿相同方向同時開始做直線運動，其運動的v-t圖象如圖1－1－15所示。對A、B運動情況的分析，下列結論正確的是 圖1－1－15 A．A、B加速時的加速度大小

8、之比為2∶1，A、B減速時的加速度大小之比為1∶1 B．在t＝3t0時刻，A、B相距最遠 C．在t＝5t0時刻，A、B相距最遠 D．在t＝6t0時刻，A、B相遇 解析　由v-t圖象，通過斜率可計算加速度大小，加速時A、B的加速度大小之比為10∶1，減速時A、B的加速度大小之比為1∶1，所以選項A錯誤；由A、B運動關系可知，當A、B速度相同時距離最遠，所以選項B、C錯誤；由題意可知A、B是從同一位置同時開始運動的，由速度—時間圖象可以算出運動位移，可知6t0時刻，A、B位移相同，因此在此時刻A、B相遇，所以選項D正確。 答案　D 9．(2018·肇慶三模)甲、乙兩物體從同一地點同時開

9、始沿同一方向運動，甲物體運動的v-t圖象為兩段直線，乙物體運動的v-t圖象為兩段半徑相同的圓弧曲線，如圖1－1－16所示。圖中t4＝2t2，則在0～t4時間內，下列說法正確的是 圖1－1－16 A．甲物體的加速度不變 B．乙物體做曲線運動 C．兩物體t1時刻和t3時刻相遇兩次 D．甲物體的平均速度等于乙物體的平均速度 解析　甲物體兩段時間的加速度大小相等，方向相反，A錯；乙物體做的是直線運動，B錯。t1和t3時刻為兩物體速度相等的兩個時刻，此時二者沒有相遇，C錯。甲、乙兩物體在0～t4時間內速度圖象與時間軸所圍的面積相等，故位移相等，平均速度相等，D正確。 答案　D 10．

10、(多選)如圖1－1－17所示為甲、乙兩個物體同時從同一地點出發(fā)、沿同一直線運動的速度—時間圖象。下列說法正確的是 圖1－1－17 A．在0～2.0 s內，甲的加速度小于乙的加速度 B．在2.0 s時，乙在甲前面 C．在0～6.0 s內，甲和乙的位移相同 D．在0～6.0 s內，甲和乙相遇一次 解析　速度—時間圖象的斜率的絕對值表示物體加速度的大小，則0～2.0 s的過程中，物體甲的加速度大于物體乙的加速度，A錯誤；圖象與時間軸圍成的面積表示物體的位移，則由圖象可知0～2.0 s的時間內，物體甲的位移大小為6 m、物體乙的位移大小為10 m，顯然2.0 s時物體乙處在物體甲的前方

11、，B正確；0～6.0 s的時間內，物體甲的位移大小為24 m、物體乙的位移大小為18 m,6.0 s時物體甲在物體乙的前方，C錯誤；由以上分析可知在0～6.0 s的時間內，物體乙先在前面，后來物體甲一直在物體乙的前面，則0～6.0 s內物體甲和物體乙相遇一次，D正確。 答案　BD 二、計算題(本題2小題，共24分) 11．(12分)(2018·唐山二模)霧霾天氣容易給人們的正常出行造成不良影響。在一霧霾天，某人駕駛一輛小汽車以30 m/s的速度行駛在高速公路上，突然發(fā)現(xiàn)正前方30 m處有一輛大卡車以10 m/s的速度勻速行駛。于是，司機緊急剎車，但剎車過程中剎車失靈。如圖1－1－18a、

12、b分別為小汽車和大卡車的v-t圖象。求： 圖1－1－18 (1)若小汽車剎車正常，通過計算判定兩車是否發(fā)生追尾； (2)若小汽車剎車失靈時，小汽車司機立即向卡車司機發(fā)出信號，忽略信號傳輸時間和卡車司機反應時間，卡車至少以多大加速度行駛，才能避免兩車相撞。 解析　(1)由圖小汽車剎車加速度大小a1＝10 m/s2 兩車速度相等，小汽車剎車時間t1＝＝2 s 剎車位移s1＝＝40 m 卡車位移s2＝v1t1＝20 m 由于s1＜s2＋30 m，兩車不會發(fā)生追尾。 (2)由圖正常剎車時間t0＝1 s，小汽車剎車失靈時，速度大小v2＝20 m/s、加速度大小a2＝2.5 m/s2

13、 設卡車加速度大小為a3，在t時刻兩車速度相等為v，且恰好不相撞則有v2－a2t＝v1＋a3t 卡車位移s′2＝v1t0＋t。 小汽車位移s′1＝t0＋t 則有s′1－s′2＝30 m 解得a3＝0.83 m/s2。 答案　(1)不會　(2)0.83 m/s2 12．(12分)(2018·濮陽三模)甲、乙兩質點從同一位置由靜止出發(fā)做加速直線運動，加速度方向相同，0～t0時間內，甲的加速度大小為a0，乙的加速度大小為3a0。t0時刻，甲的加速度大小突變?yōu)?a0，乙的加速度大小突變a0，以后甲、乙兩質點的加速度不再發(fā)生變化。求 (1)甲、乙兩質點從開始運動到速度相等時經歷的時間及速

14、度相等時兩者的距離； (2)甲、乙兩質點從開始運動到相遇所經歷的時間。 解析　(1)設甲、乙兩質點從開始運動到速度相等時經歷的時間為t2，此時的速度為v，則有 v＝a0t0＋3a0(t2－t0)＝3a0t0＋a0(t2－t0) 解得t2＝2t0 在t2＝2t0時間內，甲質點運動的距離x1＝a0t＋a0t＋×3a0t＝3a0t 在t2＝2t0時間內，乙質點運動的距離x2＝×3a0t＋3a0t＋×a0t＝5a0t 速度相等時甲、乙兩質點的距離為Δx＝x2－x1＝2a0t (2)設甲、乙速度相等后經過Δt時間甲、乙兩質點相遇 Δx＝×3a0Δt2－a0Δt2 解得Δt＝t0 則甲、乙兩質點從開始運動到相遇所經歷的時間為(2＋)t0。 答案　(1)2t0　2a0t　(2)(2＋)t0