《（全國通用版）2022高考數學二輪復習 中檔大題規(guī)范練（二）數列 文》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《（全國通用版）2022高考數學二輪復習 中檔大題規(guī)范練（二）數列 文（4頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。

1、（全國通用版）2022高考數學二輪復習 中檔大題規(guī)范練（二）數列 文 1．(2018·濰坊模擬)已知數列{an}的前n項和為Sn，且1，an，Sn成等差數列． (1)求數列{an}的通項公式； (2)若數列{bn}滿足an·bn＝1＋2nan，求數列{bn}的前n項和Tn. 解　(1)由已知1，an，Sn成等差數列，得2an＝1＋Sn，① 當n＝1時，2a1＝1＋S1＝1＋a1，∴a1＝1. 當n≥2時，2an－1＝1＋Sn－1，② ①－②得2an－2an－1＝an， ∴＝2， ∴數列{an}是以1為首項，2為公比的等比數列， ∴an＝a1qn－1＝1×2n－1＝2n－1(

2、n∈N*)． (2)由an·bn＝1＋2nan，得bn＝＋2n， ∴Tn＝b1＋b2＋…＋bn ＝＋2＋＋4＋…＋＋2n ＝＋(2＋4＋…＋2n) ＝＋＝n2＋n＋2－(n∈N*)． 2．(2018·四川成都市第七中學三診)已知公差不為零的等差數列{an}中，a3＝7，且a1，a4，a13成等比數列． (1)求數列{an}的通項公式； (2)記數列{an·2n}的前n項和為Sn，求Sn. 解　(1)設等差數列{an} 的公差為d(d≠0)， 則a3＝a1＋2d＝7. 又∵a1，a4，a13成等比數列， ∴a＝a1a13，即(a1＋3d)2＝a1(a1＋12d)， 整理

3、得2a1＝3d ∵a1≠0， 由解得 ∴an＝3＋2(n－1)＝2n＋1(n∈N*)． (2)由(1)得an·2n＝(2n＋1)·2n， ∴Sn＝3×2＋5×22＋…＋(2n－1)·2n－1＋(2n＋1)·2n，① ∴2Sn＝3×22＋5×23＋…＋(2n－1)·2n＋(2n＋1)·2n＋1，② ①－②得 －Sn＝6＋23＋24＋…＋2n＋1－(2n＋1)·2n＋1 ＝2＋22＋23＋24＋…＋2n＋1－(2n＋1)·2n＋1 ＝－(2n＋1)·2n＋1 ＝－2＋(1－2n)·2n＋1. ∴Sn＝2＋(2n－1)·2n＋1(n∈N*)． 3．(2018·廈門質檢)已知

4、等差數列{an}滿足(n＋1)an＝2n2＋n＋k，k∈R. (1)求數列{an}的通項公式； (2)設bn＝，求數列{bn}的前n項和Sn. 解　(1)方法一　由(n＋1)an＝2n2＋n＋k， 令n＝1,2,3， 得到a1＝，a2＝，a3＝， ∵{an}是等差數列，∴2a2＝a1＋a3， 即＝＋， 解得k＝－1. 由于(n＋1)an＝2n2＋n－1＝(2n－1)(n＋1)， 又∵n＋1≠0，∴an＝2n－1(n∈N*)． 方法二　∵{an}是等差數列，設公差為d， 則an＝a1＋d(n－1)＝dn＋(a1－d)， ∴(n＋1)an＝(n＋1)(dn＋a1－d)

5、＝dn2＋a1n＋a1－d， ∴dn2＋a1n＋a1－d＝2n2＋n＋k對于?n∈N*均成立， 則解得k＝－1，∴an＝2n－1(n∈N*)． (2)由bn＝＝ ＝＝1＋ ＝1＋＝＋1， 得Sn＝b1＋b2＋b3＋…＋bn ＝＋1＋＋1＋＋1＋…＋＋1 ＝＋n ＝＋n ＝＋n＝(n∈N*)． 4．(2018·安徽省江南十校模擬)數列{an}滿足a1＋2a2＋3a3＋…＋nan＝2－. (1)求數列{an}的通項公式； (2)設bn＝，求{bn}的前n項和Tn. 解　(1)當n＝1時，a1＝2－＝； 當n≥2時，由a1＋2a2＋3a3＋…＋nan＝2－，① a1＋

6、2a2＋3a3＋…＋(n－1)an－1＝2－，② ①－②得nan＝2－－ ＝， 可得an＝， 又∵當n＝1時也成立，∴an＝(n∈N*)． (2)∵bn＝ ＝ ＝2， ∴Tn＝2 ＝2＝－(n∈N*)． 5．(2018·宿州模擬)已知數列{an}的前n項和為Sn，數列{Sn}的前n項和為Tn，滿足Tn＝2Sn－n2. (1)證明數列{an＋2}是等比數列，并求出數列{an}的通項公式； (2)設bn＝n·an，求數列{bn}的前n項和Kn. 解　(1)由Tn＝2Sn－n2，得a1＝S1＝T1＝2S1－1， 解得a1＝S1＝1， 由S1＋S2＝2S2－4，解得a2＝

7、4. 當n≥2時，Sn＝Tn－Tn－1 ＝2Sn－n2－2Sn－1＋(n－1)2， 即Sn＝2Sn－1＋2n－1，① Sn＋1＝2Sn＋2n＋1，② 由②－①得an＋1＝2an＋2， ∴an＋1＋2＝2(an＋2)， 又a2＋2＝2(a1＋2)， ∴數列{an＋2}是以a1＋2＝3為首項，2為公比的等比數列， ∴an＋2＝3·2n－1， 即an＝3·2n－1－2(n∈N*)． (2)∵bn＝3n·2n－1－2n， ∴Kn＝3(1·20＋2·21＋…＋n·2n－1)－2(1＋2＋…＋n) ＝3(1·20＋2·21＋…＋n·2n－1)－n2－n. 記Rn＝1·20＋2·21＋…＋n·2n－1，③ 2Rn＝1·21＋2·22＋…＋(n－1)·2n－1＋n·2n，④ 由③－④，得 －Rn＝20＋21＋22＋…＋2n－1－n·2n ＝－n·2n ＝(1－n)·2n－1， ∴Rn＝(n－1)·2n＋1. ∴Kn＝3(n－1)2n－n2－n＋3(n∈N*)．