《（江蘇專用）2022年高考物理大一輪復習 第三章 牛頓運動定律 題型探究課 牛頓運動定律的綜合應用檢測》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《（江蘇專用）2022年高考物理大一輪復習 第三章 牛頓運動定律 題型探究課 牛頓運動定律的綜合應用檢測（5頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、（江蘇專用）2022年高考物理大一輪復習 第三章 牛頓運動定律 題型探究課 牛頓運動定律的綜合應用檢測 1.(多選)(2019·南京、鹽城模擬)如圖所示，蹦床運動員從空中落到床面上，運動員從接觸床面下降到最低點為第一過程，從最低點上升到離開床面為第二過程，運動員(　　) A．在第一過程中始終處于失重狀態(tài) B．在第二過程中始終處于超重狀態(tài) C．在第一過程中先處于失重狀態(tài)，后處于超重狀態(tài) D．在第二過程中先處于超重狀態(tài)，后處于失重狀態(tài) 解析：選CD.運動員剛接觸床面時重力大于彈力，運動員向下做加速運動，運動員處于失重狀態(tài)；隨床面形變的增大，彈力逐漸增大，彈力大于重力時，運動員做減

2、速運動，運動員處于超重狀態(tài)，故A錯誤，C正確；蹦床運動員在上升過程中和下落過程中是對稱的，加速度方向先向上后向下，先處于超重狀態(tài)，后處于失重狀態(tài)，故B錯誤，D正確． 2.(2019·宿遷模擬)如圖所示，兩黏連在一起的物塊a和b，質量分別為ma和mb，放在光滑的水平桌面上，現(xiàn)同時給它們施加方向如圖所示的水平推力Fa和水平拉力Fb，已知Fa＞Fb，則a對b的作用力(　　) A．必為推力　　　　　　　 B．必為拉力 C．可能為推力，也可能為拉力 D．不可能為零 解析：選C.將a、b看做一個整體，加速度a＝，單獨對a進行分析，設a、b間的作用力為Fab，則a＝＝，即Fab＝，由于不知道

3、ma與mb的大小關系，故Fab可能為正，可能為負，也可能等于0. 3．(2019·南京五校聯(lián)考)如圖所示，滑輪A可沿傾角為θ的足夠長光滑軌道下滑，滑輪下用輕繩掛著一個重為G的物體B，下滑時，物體B相對于A靜止，則下滑過程中(　　) A．B的加速度為gsin θ B．繩的拉力為 C．繩的方向保持豎直 D．繩的拉力為G 解析：選A. A、B相對靜止，即兩物體的加速度相同，以A、B整體為研究對象分析受力可知，系統(tǒng)的加速度為gsin θ，所以選項A正確；再以B為研究對象進行受力分析，如圖，根據(jù)平行四邊形法則可知，繩子的方向與斜面垂直，拉力大小等于Gcos θ，故選項B、C、D都

4、錯誤． 4.(2019·南京模擬)在傾角為α的固定光滑斜面上，有一用繩子拴著的長木板，木板上站著一只貓．已知貓的質量是木板的質量的2倍．當繩子突然斷開時，貓立即沿著板向上跑，以保持其相對斜面的位置不變．則此時木板沿斜面下滑的加速度為(　　) A．3gsin α B．gsin α C. D．2gsin α 解析：選A.貓與木板加速度不同，分別對其受力分析是比較常見的解決方法．貓受力平衡，設貓的質量為2m，其所受摩擦力沿斜面向上，且Ff＝2mgsin α，則木板所受摩擦力沿斜面向下，木板的加速度為a＝＝3gsin α，正確選項為A. 5.如圖所示為糧袋的傳送裝置，已知A、B兩端間

5、的距離為L，傳送帶與水平方向的夾角為θ，工作時運行速度為v，糧袋與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為μ，正常工作時工人在A端將糧袋放到運行中的傳送帶上．設最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等，重力加速度大小為g.關于糧袋從A到B的運動，以下說法正確的是(　　) A．糧袋到達B端的速度與v比較，可能大，可能小或也可能相等 B．糧袋開始運動的加速度為g(sin θ－μcos θ)，若L足夠大，則以后將以速度v做勻速運動 C．若μ≥tan θ，則糧袋從A端到B端一定是一直做加速運動 D．不論μ大小如何，糧袋從A端到B端一直做勻加速運動，且加速度a≥gsin θ 解析：選A.若傳送帶較短，糧袋在傳送帶

6、上可能一直做勻加速運動，到達B端時的速度小于v；若μ≥tan θ，則糧袋先做勻加速運動，當速度與傳送帶的速度相同后，做勻速運動，到達B端時速度與v相同；若μ

7、能先勻加速運動，當速度與傳送帶的速度相同后，做勻速運動，選項C、D均錯誤． 6．(多選)(2019·蘇州平江區(qū)模擬)如圖所示，繃緊的長為6 m的水平傳送帶，沿順時針方向以恒定速率v1＝2 m/s運行．一小物塊從與傳送帶等高的光滑水平臺面滑上傳送帶，其速度大小為v2＝5 m/s.若小物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ＝0.2，重力加速度g＝10 m/s2，下列說法中正確的是(　　) A．小物塊在傳送帶上先向左做勻減速直線運動，然后向右做勻加速直線運動 B．若傳送帶的速度為5 m/s，小物塊將從傳送帶左端滑出 C．若小物塊的速度為4 m/s，小物塊將以2 m/s的速度從傳送帶右端滑出 D．

8、若小物塊的速度為1 m/s，小物塊將以2 m/s的速度從傳送帶右端滑出 解析：選BC.小物塊在傳送帶上先向左做勻減速直線運動，設加速度大小為a，速度減至零時通過的位移為x.根據(jù)牛頓第二定律得μmg＝ma，解得a＝μg＝2 m/s2，則x＝＝ m＝6.25 m>6 m，所以小物塊將從傳送帶左端滑出，不會向右做勻加速直線運動，A錯誤；傳送帶的速度為5 m/s時，小物塊在傳送帶上受力情況不變，則運動情況也不變，仍會從傳送帶左端滑出，B正確；若小物塊的速度為4 m/s，小物塊向左減速運動的位移大小為x′＝＝ m＝4 m<6 m，則小物塊的速度減到零后再向右加速，小物塊加速到與傳送帶共速時的位移為x″

9、＝＝ m＝1 m<4 m，以后小物塊以v1＝2 m/s的速度勻速運動到右端，則小物塊從傳送帶右端滑出時的速度為2 m/s，C正確；若小物塊的速度為1 m/s，小物塊向左減速運動的位移大小為x＝＝ m＝0.25 m<6 m，則小物塊速度減到零后再向右加速，由于x

10、從靜止開始向上做勻加速運動，已知在前0.2 s內，F(xiàn)為變力，0.2 s以后，F(xiàn)為恒力．求力F的最大值與最小值．(取g＝10 m/s2) 解析：設開始時彈簧壓縮量為x1，t＝0.2 s時彈簧的壓縮量為x2，物體P的加速度為a，則有 kx1＝(M＋m)g ① kx2－mg＝ma ② x1－x2＝at2 ③ 由①式得x1＝＝0.15 m， ④ 由②③④式得a＝6 m/s2 F?。?M＋m)a＝72 N，F(xiàn)大＝M(g＋a)＝168 N. 答案：168 N　72 N 8．(2019·江陰模擬)如圖甲所示，可視為質點的A、B兩物體置于一靜止長紙帶上，紙帶左端與A、A與B間距均為d＝0

11、.5 m，兩物體與紙帶間的動摩擦因數(shù)均為μ1＝0.1，與地面間的動摩擦因數(shù)均為μ2＝0.2.現(xiàn)以恒定的加速度a＝2 m/s2向右水平拉動紙帶，重力加速度g取10 m/s2，求： (1)A物體在紙帶上的滑動時間． (2)在圖乙的坐標系中定性畫出A、B兩物體的v－t圖象． (3)兩物體A、B停在地面上的距離． 解析：(1)兩物體在紙帶上滑動時均有μ1mg＝ma1 當物體A滑離紙帶時at－a1t＝d 由以上兩式可得t1＝1 s. (2)如圖所示 (3)物體A離開紙帶時的速度v1＝a1t1 兩物體在地面上運動時均有 μ2mg＝ma2 物體A從開始運動到停在地面上過程中的總位移 x1＝＋ 物體B滑離紙帶時at－a1t＝2d 物體B離開紙帶時的速度v2＝a1t2 物體B從開始運動到停在地面上過程中的總位移 x2＝＋ 兩物體A、B最終停止時的間距 x＝x2＋d－x1 由以上各式可得x＝1.25 m. 答案：(1)1 s　(2)見解析　(3)1.25 m