《2020屆高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題5 數(shù)列 第1講 等差數(shù)列、等比數(shù)列練習(xí) 理》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2020屆高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題5 數(shù)列 第1講 等差數(shù)列、等比數(shù)列練習(xí) 理（5頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、第1講 等差數(shù)列、等比數(shù)列
專題復(fù)習(xí)檢測(cè)
A卷
1．(2018年天津南開區(qū)三模)若數(shù)列{an}中，a1＝3，an＋an－1＝4(n≥2)，則a2 018＝( )
A．3 B．1
C．－3 D．4
【答案】B
2．設(shè)數(shù)列{an}，{bn}都是等差數(shù)列且a1＝25，b1＝75，a2＋b2＝100，則a37＋b37等于( )
A．0 B．37
C．100 D．－37
【答案】C
3．已知等比數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn＝x·3n－1－，則x的值為( )
A． B．－
C． D．－
【答案】C
4．(2019年陜西西安模擬)公差不為零
2、的等差數(shù)列{an}中，a7＝2a5，則數(shù)列{an}中與4a5的值相等的是( )
A．a(chǎn)8 B．a(chǎn)9
C．a(chǎn)10 D．a(chǎn)11
【答案】D
【解析】設(shè)等差數(shù)列{an}的公差為d，∵a7＝2a5，∴a1＋6d＝2(a1＋4d)，則a1＝－2d.∴an＝a1＋(n－1)d＝(n－3)d，則4a5＝4(a1＋4d)＝4(－2d＋4d)＝8d＝a11.故選D．
5．(2018年安徽合肥二模)中國(guó)古代數(shù)學(xué)有著很多令人驚嘆的成就，北宋沈括在《夢(mèng)溪筆談》卷十八《技藝》篇中首創(chuàng)隙積術(shù)，即：將木桶一層層堆放成壇狀，最上一層長(zhǎng)有a個(gè)，寬有b個(gè)，共計(jì)ab個(gè)木桶，每一層長(zhǎng)寬各比上一層多一個(gè)，共堆放n
3、層，設(shè)最底層長(zhǎng)有c個(gè)，寬有d個(gè)，則共計(jì)有木桶個(gè)．假設(shè)最上層有長(zhǎng)2寬1共2個(gè)木桶，每一層的長(zhǎng)寬各比上一層多一個(gè)，共堆放15層，則木桶的個(gè)數(shù)為( )
A．1 260 B．1 360
C．1 430 D．1 530
【答案】B
【解析】根據(jù)題意可知a＝2，b＝1，n＝15，則c＝2＋14＝16，d＝1＋14＝15，代入題中所給的公式，可計(jì)算出木桶的個(gè)數(shù)為＝1 360.
6．等比數(shù)列{an}的首項(xiàng)a1＝－1，前n項(xiàng)和為Sn，若＝，則公比q＝________.
【答案】－
【解析】由＝，a1＝－1，知公比q≠1，＝－.由等比數(shù)列前n項(xiàng)和的性質(zhì)知S5，S10－S5，S15－S10成
4、等比數(shù)列且公比為q5，故q5＝－，q＝－.
7．(2019年湖南懷化一模)已知f(x)＝(x－4)3＋x－1，{an}是公差不為0的等差數(shù)列，f(a1)＋f(a2)＋…＋f(a9)＝27，則f(a5)的值為________．
【答案】3
【解析】∵f(x)＝(x－4)3＋x－1，∴f(x)－3＝(x－4)3＋x－4＝g(x－4)．令x－4＝t，可得g(t)＝t3＋t為奇函數(shù)且單調(diào)遞增．{an}是公差不為0的等差數(shù)列，∴a1＋a9＝a2＋a8＝a3＋a7＝a4＋a6＝2a5.∵f(a1)＋f(a2)＋…＋f(a9)＝27，∴g(a1)＋g(a2)＋…＋g(a9)＝0，∴g(a5)＝0，則f
5、(a5)＝g(a5)＋3＝3.
8．(2018年福建福州模擬)設(shè)等差數(shù)列{an}的公差d≠0，且a2＝－d.若ak是a6與ak＋6的等比中項(xiàng)，則k＝________.
【答案】9
【解析】∵ak是a6與ak＋6的等比中項(xiàng)，
∴a＝a6ak＋6.又等差數(shù)列{an}的公差d≠0，且a2＝－d，
∴[a2＋(k－2)d]2＝(a2＋4d)[a2＋(k＋4)d]，化簡(jiǎn)得(k－3)2＝3(k＋3)，解得k＝9或k＝0(舍去)．
9．在等比數(shù)列{an}中，a2＝3，a5＝81.
(1)求an；
(2)設(shè)bn＝log3an，求數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和Sn.
【解析】(1)設(shè){an}的公比為q
6、，依題意得
解得因此an＝3n－1.
(2)因?yàn)閎n＝log3an＝n－1，
所以數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和Sn＝＝.
10．(2019年廣西河池模擬)已知數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和Sn＝－2n2＋n＋2.
(1)求{an}的通項(xiàng)公式；
(2)判斷{an}是否為等差數(shù)列．
【解析】(1)∵Sn＝－2n2＋n＋2，
∴當(dāng)n≥2時(shí)，Sn－1＝－2(n－1)2＋(n－1)＋2＝－2n2＋5n－1.
∴an＝Sn－Sn－1＝(－2n2＋n＋2)－(－2n2＋5n－1)＝－4n＋3.
又a1＝S1＝1，不滿足an＝－4n＋3，
∴數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式是an＝
(2)由(1)知，當(dāng)n≥2
7、時(shí)，an＋1－an＝[－4(n＋1)＋3]－(－4n＋3)＝－4，
但a2－a1＝－5－1＝－6≠－4，
∴{an}不滿足等差數(shù)列的定義，{an}不是等差數(shù)列．
B卷
11．(2019年江西南昌模擬)在各項(xiàng)均為正數(shù)的等比數(shù)列{an}中，(a1＋a3)(a5＋a7)＝4a，則下列結(jié)論中正確的是( )
A．?dāng)?shù)列{an}是遞增數(shù)列
B．?dāng)?shù)列{an}是遞減數(shù)列
C．?dāng)?shù)列{an}是常數(shù)列
D．?dāng)?shù)列{an}有可能是遞增數(shù)列也有可能是遞減數(shù)列
【答案】C
【解析】各項(xiàng)均為正數(shù)的等比數(shù)列{an}中，因?yàn)?a1＋a3)(a5＋a7)＝4a成立，即a1a5＋a1a7＋a3a5＋a3a7＝4a
8、成立．利用等比數(shù)列的定義和性質(zhì)化簡(jiǎn)可得a＋a＋a＋a＝4a，進(jìn)一步化簡(jiǎn)得a＋a＝2a.設(shè)公比為q，則得aq4＋aq8＝2aq6，化簡(jiǎn)可得1＋q4＝2q2，即(q2－1)2＝0，所以q2＝1，故q＝1(由于各項(xiàng)均為正數(shù)的等比數(shù)列，故q＝－1舍去)．故此等比數(shù)列是常數(shù)列．故選C．
12．(2019年遼寧沈陽(yáng)一模)已知數(shù)列{an}的首項(xiàng)a1＝m，其前n項(xiàng)和為Sn，且滿足Sn＋Sn＋1＝3n2＋2n，若對(duì)任意n∈N*，an
9、2＋2(n－1)，和已知兩式相減得an＋an＋1＝6n－1①，即an－1＋an＝6n－7②，①－②得an＋1－an－1＝6(n≥3)，所以數(shù)列{an}的偶數(shù)項(xiàng)成等差數(shù)列，奇數(shù)項(xiàng)從第三項(xiàng)起是等差數(shù)列，a3＝6＋2m，a2k＝a2＋6(k－1)＝5－2m＋6k－6＝6k－2m－1，a2k＋1＝a3＋6(k－1)＝6＋2m＋6(k－1)＝6k＋2m.若對(duì)任意n∈N*，an－，所以m的取值范圍是.
13．(
10、2018年上海)給定無(wú)窮數(shù)列{an}，若無(wú)窮數(shù)列{bn}滿足：對(duì)任意n∈N*，都有|bn－an|≤1，則稱{bn}與{an}“接近”．
(1)設(shè){an}是首項(xiàng)為1，公比為的等比數(shù)列，bn＝an＋1＋1，n∈N*，判斷數(shù)列{bn}是否與{an}接近，并說(shuō)明理由；
(2)設(shè)數(shù)列{an}的前四項(xiàng)為a1＝1，a2＝2，a3＝4，a4＝8，{bn}是一個(gè)與{an}接近的數(shù)列，記集合M＝{x|x＝bi，i＝1,2,3,4}，求M中元素的個(gè)數(shù)m；
(3)已知{an}是公差為d的等差數(shù)列，若存在數(shù)列{bn}滿足：{bn}與{an}接近，且在b2－b1，b3－b2，…，b201－b200中至少有100個(gè)為
11、正數(shù)，求d的取值范圍．
【答案】【解析】(1)數(shù)列{bn}與{an}接近，理由如下：
∵{an}是首項(xiàng)為1，公比為的等比數(shù)列，
∴an＝，bn＝an＋1＋1＝＋1.
∴|bn－an|＝＝1－＜1，n∈N*.
∴數(shù)列{bn}與{an}接近．
(2)∵{bn}與{an}接近，∴an－1≤bn≤an＋1.
∵a1＝1，a2＝2，a3＝4，a4＝8，∴b1∈[0,2]，b2∈[1,3]，b3∈[3,5]，b4∈[7,9]．
可能b1與b2相等，b2與b3相等，但b1與b3不相等，b3與b4不相等，
集合M＝{x|x＝bi，i＝1,2,3,4}，M中元素的個(gè)數(shù)m＝3或4.
(3)依題
12、意，得an＝a1＋(n－1)d.
①若d＞0，取bn＝an，得bn＋1－bn＝an＋1－an＝d＞0，
則b2－b1，b3－b2，…，b201－b200中有200個(gè)正數(shù)，符合題意；
②若d＝0，取bn＝an－，則|bn－an|＝＝≤1，n∈N*，得bn＋1－bn＝－＞0，
則b2－b1，b3－b2，…，b201－b200中有200個(gè)正數(shù)，符合題意；
③若－2＜d＜0，可令b2n－1＝a2n－1－1，b2n＝a2n＋1，
則b2n－b2n－1＝a2n＋1－(a2n－1－1)＝2＋d＞0，
則b2－b1，b3－b2，…，b201－b200中至少有100個(gè)正數(shù)，符合題意；
④若d≤－2，若存在數(shù)列{bn}滿足：{bn}與{an}接近，
即an－1≤bn≤an＋1，an＋1－1≤bn＋1≤an＋1＋1，
得bn＋1－bn≤an＋1＋1－(an－1)＝2＋d≤0，
b2－b1，b3－b2，…，b201－b200中無(wú)正數(shù)，不符合題意．
綜上，d的取值范圍是(－2，＋∞)．
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