《廣西2020版高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 考點(diǎn)規(guī)范練23 解三角形 文》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《廣西2020版高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 考點(diǎn)規(guī)范練23 解三角形 文（8頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、考點(diǎn)規(guī)范練23　解三角形 一、基礎(chǔ)鞏固 1.在△ABC中,c=3,A=75°,B=45°,則△ABC的外接圓的面積為(　　) 　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 A.π4 B.π C.2π D.4π 答案B 解析在△ABC中,c=3,A=75°,B=45°, 故C=180°-A-B=60°. 設(shè)△ABC的外接圓半徑為R, 則由正弦定理可得2R=csinC=332,解得R=1, 故△ABC的外接圓的面積S=πR2=π. 2.△ABC的內(nèi)角A,B,C的對(duì)邊分別為a,b,c.已知a=3,b=2,A=60°,則c=(　　) A.12 B.1 C.3 D.2 答案B 解析

2、由已知及余弦定理,得3=4+c2-2×2×c×12, 整理,得c2-2c+1=0,解得c=1.故選B. 3.(2018廣東中山質(zhì)檢)在△ABC中,a,b,c分別為內(nèi)角A,B,C的對(duì)邊,a=1,ccos A+acos C=2bcos B,△ABC的面積S=3,則b等于(　　) A.13 B.4 C.3 D.15 答案A 解析由題意可得,2sinBcosB=sinCcosA+sinAcosC=sin(A+C)=sinB, ∴cosB=12,∴B=π3. 又S=12ac·sinB=12×1×c×32=3,∴c=4. 又b2=a2+c2-2accosB=1+16-2×1×4×12=13

3、, ∴b=13. 4.設(shè)△ABC的三內(nèi)角A,B,C成等差數(shù)列,sin A,sin B,sin C成等比數(shù)列,則這個(gè)三角形的形狀是(　　) A.直角三角形 B.鈍角三角形 C.等腰直角三角形 D.等邊三角形 答案D 解析∵△ABC的三內(nèi)角A,B,C成等差數(shù)列,∴B=π3. ∵sinA,sinB,sinC成等比數(shù)列, ∴sin2B=sinAsinC,由正弦定理得b2=ac. 在△ABC中,由余弦定理得b2=a2+c2-2accosπ3, ∴ac=a2+c2-ac,∴(a-c)2=0,∴a=c. ∴△ABC為等邊三角形. 5.如圖,兩座相距60 m的建筑物AB,CD的高度

4、分別為20 m,50 m,BD為水平面,則從建筑物AB的頂端A看建筑物CD的張角為(　　) A.30° B.45° C.60° D.75° 答案B 解析依題意可得AD=2010m,AC=305m, 又CD=50m,所以在△ACD中,由余弦定理,得cos∠CAD=AC2+AD2-CD22AC·AD=(305)2+(2010)2-5022×305×2010=600060002=22,又0°<∠CAD<180°,所以∠CAD=45°,所以從頂端A看建筑物CD的張角為45°. 6.在△ABC中,角A,B,C的對(duì)邊分別為a,b,c,若2a-cb=cosCcosB,b=4,則△ABC的面積的最

5、大值為(　　) A.43 B.23 C.2 D.3 答案A 解析∵在△ABC中,2a-cb=cosCcosB, ∴(2a-c)cosB=bcosC. ∴(2sinA-sinC)cosB=sinBcosC. ∴2sinAcosB=sinCcosB+sinBcosC=sin(B+C)=sinA. ∴cosB=12,即B=π3. 由余弦定理可得16=a2+c2-2accosB=a2+c2-ac≥2ac-ac=ac, 故ac≤16,當(dāng)且僅當(dāng)a=c時(shí)取等號(hào), 因此,△ABC的面積S=12acsinB=34ac≤43,故選A. 7.已知△ABC的三個(gè)內(nèi)角A,B,C的對(duì)邊分別為a,b,

6、c,且滿足(sinA-sinC)(a+c)b=sin A-sin B,則C=　　　　　.? 答案π3 解析在△ABC中,∵(sinA-sinC)(a+c)b=sinA-sinB, ∴(a-c)(a+c)b=a-b. ∴a2+b2-c2=ab,∴cosC=a2+b2-c22ab=12. ∴C=π3. 8.在△ABC中,B=120°,AB=2,A的角平分線AD=3,則AC=　　　　　.? 答案6 解析由題意及正弦定理,可知ABsin∠ADB=ADsinB, 即2sin∠ADB=332,故∠ADB=45°. 所以12A=180°-120°-45°,故A=30°, 則C=30°,

7、所以三角形ABC是等腰三角形. 所以AC=22sin60°=6. 9. 某氣象儀器研究所按以下方案測(cè)試一種“彈射型”氣象觀測(cè)儀器的垂直彈射高度:在C處(點(diǎn)C在水平地面下方,O為CH與水平地面ABO的交點(diǎn))進(jìn)行該儀器的垂直彈射,水平地面上兩個(gè)觀察點(diǎn)A,B兩地相距100米,∠BAC=60°,其中A到C的距離比B到C的距離遠(yuǎn)40米,A地測(cè)得該儀器在C處的俯角為∠OAC=15°,A地測(cè)得最高點(diǎn)H的仰角為∠HAO=30°,則該儀器的垂直彈射高度CH為　　　　　米.? 答案1406 解析由題意,設(shè)AC=x米,則BC=(x-40)米, 在△ABC中,由余弦定理得BC2=BA2+CA2-2BA

8、·CA·cos∠BAC, 即(x-40)2=x2+10000-100x,解得x=420. 在△ACH中,AC=420米,∠CAH=30°+15°=45°, ∠CHA=90°-30°=60°, 由正弦定理得CHsin∠CAH=ACsin∠AHC, 可得CH=AC·sin∠CAHsin∠AHC=1406(米). 10.已知島A南偏西38°方向,距島A 3 n mile的B處有一艘緝私艇.島A處的一艘走私船正以10 n mile/h的速度向島北偏西22°方向行駛,問(wèn)緝私艇朝何方向以多大速度行駛,恰好用0.5 h能截住該走私船? 參考數(shù)據(jù):sin38°=5314,sin22°=3314

9、 解設(shè)緝私艇在C處截住走私船,D為島A正南方向上的一點(diǎn),緝私艇的速度為xnmile/h, 則BC=0.5xnmile,AC=5nmile, 依題意,∠BAC=180°-38°-22°=120°, 由余弦定理可得BC2=AB2+AC2-2AB·ACcos120°, 解得BC2=49,BC=0.5x=7,解得x=14. 又由正弦定理得sin∠ABC=ACsin∠BACBC=5×327=5314,所以∠ABC=38°. 又∠BAD=38°,所以BC∥AD. 故緝私艇以14nmile/h的速度向正北方向行駛,恰好用0.5h截住該走私船. 二、能力提升 11.△ABC的內(nèi)角A,B,

10、C的對(duì)邊分別為a,b,c.已知sin B+sin A(sin C-cos C)=0,a=2,c=2,則C=(　　) A.π12 B.π6 C.π4 D.π3 答案B 解析由題意結(jié)合三角形的內(nèi)角和,可得sin(A+C)+sinA(sinC-cosC)=0, 整理得sinAcosC+cosAsinC+sinAsinC-sinAcosC=0, 則sinC(sinA+cosA)=0, 因?yàn)閟inC>0,所以sinA+cosA=0, 即tanA=-1,因?yàn)锳∈(0,π),所以A=3π4. 由正弦定理asinA=csinC,得2sin3π4=2sinC, 即sinC=12,所以C=π6,

11、故選B. 12.(2018全國(guó)Ⅰ,文16)△ABC的內(nèi)角A,B,C的對(duì)邊分別為a,b,c,已知bsin C+csin B=4asin Bsin C,b2+c2-a2=8,則△ABC的面積為　　　　　.? 答案233 解析由正弦定理及條件,得bc+cb=4absinC,所以csinC=2a,設(shè)△ABC的外接圓半徑為R,則csinC=2R,所以a=R. 因?yàn)閎2+c2-a2=8>0,所以cosA>0,0

12、中,內(nèi)角A,B,C的對(duì)邊分別為a,b,c,如果△ABC的面積等于8,a=5,tan B=-43,那么a+b+csinA+sinB+sinC=　　　　　.? 答案5654 解析在△ABC中,∵tanB=-43, ∴sinB=45,cosB=-35. 又S△ABC=12acsinB=2c=8,∴c=4, ∴b=a2+c2-2accosB=65. ∴a+b+csinA+sinB+sinC=bsinB=5654. 14.△ABC的內(nèi)角A,B,C的對(duì)邊分別為a,b,c,已知bcos C+bsin C=a. (1)求角B的大小; (2)若BC邊上的高等于14a,求cos A的值. 解(

13、1)因?yàn)閎cosC+bsinC=a, 由正弦定理,得sinBcosC+sinBsinC=sinA. 因?yàn)锳+B+C=π, 所以sinBcosC+sinBsinC=sin(B+C). 即sinBcosC+sinBsinC=sinBcosC+cosBsinC. 因?yàn)閟inC≠0,所以sinB=cosB. 因?yàn)閏osB≠0,所以tanB=1. 因?yàn)锽∈(0,π),所以B=π4. (2)設(shè)BC邊上的高線為AD, 則AD=14a.因?yàn)锽=π4, 則BD=AD=14a,CD=34a. 所以AC=AD2+DC2=104a,AB=24a. 由余弦定理得cosA=AB2+AC2-BC22

14、AB·AC=-55. 三、高考預(yù)測(cè) 15.△ABC中,內(nèi)角A,B,C的對(duì)邊分別為a,b,c,△ABC的面積為S,若43S=b2+c2-a2. (1)求角A的大小; (2)若a=2,b=23,求角C的大小. 解(1)∵△ABC中,b2+c2-a2=43S=43·12bcsinA=2bc·3sinA, ∴cosA=b2+c2-a22bc=3sinA,∴tanA=33, ∵0A,∴B=π3或2π3,∴C=π2或π6. 8