《【試卷解析】四川省綿陽(yáng)市高二上學(xué)期期末物理試卷》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《【試卷解析】四川省綿陽(yáng)市高二上學(xué)期期末物理試卷（26頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、 四川省綿陽(yáng)市2014-2015學(xué)年高二上學(xué)期期末物理試卷 一．本大題12小題，每小題3分，共36分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中只有一個(gè)是正確的． 1．（3分）為防止麻醉劑乙醚爆炸，醫(yī)療手術(shù)室地磚要使用導(dǎo)電材料，醫(yī)生和護(hù)士的鞋子和外套也要用導(dǎo)電材料，一切設(shè)備包括病人身體要良好接觸，并保持良好接地．這是為了（） A． 除菌消毒 B． 消除靜電 C． 利用靜電 D． 防止漏電 2．（3分）單擺在振動(dòng)過(guò)程中，離開平衡位置的最大距離越來(lái)越小．在這個(gè)過(guò)程中（） A． 能量逐漸消失 B． 動(dòng)能轉(zhuǎn)化為勢(shì)能 C． 機(jī)械能守恒 D． 總能量守恒，機(jī)械能轉(zhuǎn)化為其他形式的能

2、 3．（3分）如圖所示，絕緣細(xì)線上端固定，下端掛一輕質(zhì)小球a，a的表面鍍有鋁膜；在a旁邊固定有一絕緣金屬球b，開始時(shí)a、b都不帶電．使b帶電時(shí)（） A． a不動(dòng) B． a遠(yuǎn)離b C． a靠近b D． a靠近b，并被b吸住不離開 4．（3分）如圖所示，電磁炮是由電源、金屬軌道、炮彈和電磁鐵組成．當(dāng)電源接通后，磁場(chǎng)對(duì)流過(guò)炮彈的電流產(chǎn)生力的作用，使炮彈獲得極大的發(fā)射速度．下列各俯視圖中正確表示磁感應(yīng)強(qiáng)度B的方向的是（） A． B． C． D． 5．（3分）如圖所示，是舉重比賽裁判控制電路．共有3個(gè)裁判，1個(gè)主裁判，2個(gè)副裁判；當(dāng)有兩個(gè)（其中必須包括主裁判）或

3、兩個(gè)以上的裁判同意時(shí)，才表示通過(guò)，否則不通過(guò)；主裁判用A表示，副裁判分別用B、C表示；1代表同意，0代表不同意． 下列兩種情況： （1）A裁判控制的開關(guān)斷開，B裁判控制的開關(guān)閉合，C裁判控制的開關(guān)閉合； （2）A裁判控制的開關(guān)閉合，B裁判控制的開關(guān)斷開，C裁判控制的開關(guān)閉合． 所對(duì)應(yīng)的結(jié)果邏輯值分別是（） A． 1，1 B． 1，0 C． 0，1 D． 0，0 6．（3分）速率相同的電子垂直磁場(chǎng)方向進(jìn)入四個(gè)不同的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其軌跡照片如圖所示，則磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度最大的是（） A． B． C． D． 7．（3分）某靜電場(chǎng)中的電場(chǎng)線方向不確定，分布如圖所示，帶電

4、粒子在電場(chǎng)中僅受靜電力作用，其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中虛線所示，由M運(yùn)動(dòng)到N，以下說(shuō)法正確的是（） A． 粒子必定帶正電荷 B． 該靜電場(chǎng)一定是孤立正電荷產(chǎn)生的 C． 粒子在M點(diǎn)的加速度小于它在N點(diǎn)的加速度 D． 粒子在M點(diǎn)的速度大于它在N點(diǎn)的速度 8．（3分）如圖所示，有一帶電粒子貼著A板內(nèi)側(cè)沿水平方向射入A、B兩板間的勻強(qiáng)電場(chǎng)，當(dāng)A、B兩板間電壓為U1時(shí)，帶電粒子沿軌跡Ⅰ從兩板正中間飛出；當(dāng)A、B兩板間電壓為U2時(shí)，帶電粒子沿軌跡Ⅱ落到B板中間．設(shè)粒子兩次射入電場(chǎng)的水平速度之比為2：1，則兩次電壓之比為（） A． U1：U2=1：1 B． U1：U2=1：2 C．

5、U1：U2=1：4 D． U1：U2=1：8 9．（3分）如圖甲所示，水平的光滑桿上有一彈簧振子，振子以O(shè)點(diǎn)為平衡位置，在a、b兩點(diǎn)之間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，其振動(dòng)圖象如圖乙所示．由振動(dòng)圖象可以得知（） A． 振子的振動(dòng)周期等于t1 B． 在t=0時(shí)刻，振子的位置在a點(diǎn) C． 在t=t1時(shí)刻，振子的速度為零 D． 從t1到t2，振子正從O點(diǎn)向b點(diǎn)運(yùn)動(dòng) 10．（3分）如圖所示，電路中RT為熱敏電阻，R1和R2為定值電阻．當(dāng)溫度升高時(shí)，RT阻值變小．開關(guān)S閉合后，若溫度降低，下列物理量中變大的是（） A． 通過(guò)R2的電流 B． 通過(guò)RT的電流 C． 通過(guò)R1的電流

6、 D． 電容器兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度 11．（3分）如圖所示，Q1、Q2是兩個(gè)等量正電荷，固定在絕緣平面內(nèi)，在其連線上有一光滑絕緣桿，桿上套一帶正電的小球，桿所在區(qū)域同時(shí)存在一個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向如圖所示，不計(jì)小球重力．從靠近Q2的圖示某位置由靜止釋放小球，小球在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中（） A． 速度一直增大 B． 加速度一直增大 C． 所受洛倫茲力大小一直變化 D． 所受洛倫茲力方向一直不變 12．（3分）如圖所示，在屏幕MN的右方和虛線的上方區(qū)域有方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一帶電微粒從磁場(chǎng)邊界d點(diǎn)垂直于磁場(chǎng)方向并與虛線垂直射入，經(jīng)過(guò)時(shí)間t0垂直打到屏MN上．同一帶電微粒從磁場(chǎng)

7、邊界d點(diǎn)垂直于磁場(chǎng)方向并與虛線右方成45角射入，經(jīng)過(guò)時(shí)間t1打到屏MN上；同一帶電微粒從磁場(chǎng)邊界d點(diǎn)垂直于磁場(chǎng)方向并與虛線右方成135角射入，經(jīng)過(guò)時(shí)間t2打到屏MN上．微粒所受重力可忽略，每次射入磁場(chǎng)的速度大小不變．則t0、t1、t2之間大小關(guān)系正確的是（） A． t1＜2t0 B． t1=2t0 C． t2＜0.5t0 D． t2=0.5t0 二、本大題6小題，每小題3分，共18分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中有一個(gè)或一個(gè)以上的選項(xiàng)正確，全對(duì)得3分，選對(duì)但不全得1分，有錯(cuò)或不選得0分． 13．（3分）關(guān)于通電直導(dǎo)線在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中所受的安培力，下列說(shuō)法正確的是（） A． 安培

8、力的方向垂直于直導(dǎo)線 B． 安培力的方向總是垂直于磁場(chǎng)的方向 C． 安培力的大小與通電直導(dǎo)線和磁場(chǎng)方向的夾角無(wú)關(guān) D． 將直導(dǎo)線從中點(diǎn)折成直角，安培力的大小一定變?yōu)樵瓉?lái)的一半 14．（3分）電荷量為q的點(diǎn)電荷在電場(chǎng)中由A點(diǎn)移到B點(diǎn)時(shí)，電場(chǎng)力做功W，兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為U，若讓電荷量為2q的點(diǎn)電荷在電場(chǎng)中由A點(diǎn)移到B點(diǎn)，則（） A． 電場(chǎng)力做功為W B． 電場(chǎng)力做功為2W C． 兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為U D． 兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為2U 15．（3分）美國(guó)物理學(xué)家勞倫斯于1932年發(fā)明的回旋加速器，利用帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，使粒子在較小的空間范圍內(nèi)經(jīng)過(guò)電場(chǎng)的多次加

9、速獲得較大的能量．如圖所示為一種改進(jìn)后的回旋加速器示意圖，其中盒縫間的加速電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小恒定，且被限制在A、C板間，帶電粒子從P0處由靜止釋放，并沿電場(chǎng)線方向射入加速電場(chǎng)，經(jīng)加速后再進(jìn)入D形盒中的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)．對(duì)于這種改進(jìn)后的回旋加速器，下列說(shuō)法正確的是（） A． 帶電粒子每運(yùn)動(dòng)一周被加速一次 B． P1P2=P2P3 C． 粒子能獲得的最大速度與D形盒的尺寸有關(guān) D． A、C板間的加速電場(chǎng)的方向需要做周期性的變化 16．（3分）如圖所示，電阻R1=10Ω，電動(dòng)機(jī)M線圈電阻R2=10Ω，電路兩端電壓U保持不變．當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)，電流表的示數(shù)為I1=0.5A；

10、當(dāng)開關(guān)S閉合后，電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)起來(lái)，電流表示數(shù)為I2，整個(gè)電路消耗的電功率為P，則（） A． U=5V B． I2=1A C． P=5W D． P＜5W 17．（3分）如圖所示，平行板間的勻強(qiáng)電場(chǎng)范圍內(nèi)存在著勻強(qiáng)磁場(chǎng)（圖中未畫出），帶電粒子從P點(diǎn)以垂直于電場(chǎng)方向的速度v0射入平行板間，恰好做勻速直線運(yùn)動(dòng)，從Q飛出．忽略重力．則（） A． 磁場(chǎng)方向垂直紙面向外 B． 磁場(chǎng)方向與帶電粒子的電性無(wú)關(guān) C． 帶電粒子從Q沿QP進(jìn)入，也能做勻速直線運(yùn)動(dòng) D． 若粒子帶負(fù)電，以速度v1從P沿PQ射入，從Q飛出，則v1＜v0 18．（3分）如圖所示，MN是空間中某一水平面內(nèi)

11、的一條直線，整個(gè)空間有水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)或者有豎直方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．現(xiàn)有一帶電粒子在MN上的O點(diǎn)具有水平方向的初速度v0．不計(jì)粒子重力．下列判斷正確的是（） A． 如果粒子能回到MN上且速度大小增大，則空間中的場(chǎng)一定是電場(chǎng) B． 如果粒子能回到MN上且速度大小不變，則空間中的場(chǎng)一定是磁場(chǎng) C． 若只改變粒子的初速度大小，發(fā)現(xiàn)粒子能回到MN上且與MN的夾角大小不變，則空間中的場(chǎng)一定是磁場(chǎng) D． 若只改變粒子的初速度大小，發(fā)現(xiàn)粒子能回到MN上且所用的時(shí)間不變，則空間中的場(chǎng)一定是磁場(chǎng) 三．本大題4小題，每空2分，補(bǔ)全電路2分，共24分． 19．（4分）幾名同學(xué)進(jìn)行野外考

12、察，登上一山峰后，他們想粗略測(cè)出山頂處的重力加速度．于是他們用細(xì)線拴好石塊P系在樹枝上做成一個(gè)簡(jiǎn)易單擺，如圖所示．然后用隨身攜帶的鋼卷尺、電子手表進(jìn)行了測(cè)量．同學(xué)們首先測(cè)出擺長(zhǎng)L，然后將石塊拉開一個(gè)小角度，由靜止釋放，使石塊在豎直平面內(nèi)擺動(dòng)，用電子手表測(cè)出單擺完成n次全振動(dòng)所用的時(shí)間t． ①利用測(cè)量數(shù)據(jù)計(jì)算山頂處重力加速度的表達(dá)式是g=； ②若振動(dòng)周期測(cè)量正確，但由于難以確定石塊重心，測(cè)量擺長(zhǎng)時(shí)從懸點(diǎn)僅量到石塊上端，導(dǎo)致用這次測(cè)量數(shù)據(jù)計(jì)算出來(lái)的山頂處重力加速度值比真實(shí)值（選填“偏大”、“偏小”或“相等”）． 20．（4分）科學(xué)實(shí)驗(yàn)是人們認(rèn)識(shí)自然的重要手段．電學(xué)實(shí)驗(yàn)中經(jīng)常需要測(cè)量某

13、負(fù)載的電阻，測(cè)電阻的方法有多種．一只標(biāo)有“220V，100W”的燈泡，它正常工作時(shí)的電阻是Ω．若用多用電表中歐姆擋來(lái)測(cè)量這只燈泡的電阻，則測(cè)出的電阻應(yīng)（選填“大于”、“等于”、“小于”）燈泡正常工作時(shí)的電阻． 21．（8分）某同學(xué)想通過(guò)“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的方法來(lái)測(cè)量一小燈泡的額定功率．所用器材如下： 待測(cè)小燈泡一只：額定電壓為2.5V，電阻約為幾歐 電壓表一只：量程為3V，內(nèi)阻約為3kΩ 電流表一只：量程為0.6A，內(nèi)阻約為0.1Ω 滑動(dòng)變阻器一只 干電池兩節(jié) 開關(guān)一只，導(dǎo)線若干 ①請(qǐng)?jiān)趫D甲中補(bǔ)全測(cè)量小燈泡額定功率的電路圖． ②圖甲中開關(guān)S閉合之前，滑動(dòng)變阻

14、器的滑片應(yīng)置于（選填“A端”、“B端”或“AB正中間”）； ③該同學(xué)通過(guò)實(shí)驗(yàn)得到了小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示．小燈泡的額定功率是W；如果將這個(gè)小燈泡接到電動(dòng)勢(shì)為1.5V，內(nèi)阻為5Ω的電源兩端，小燈泡消耗的功率是W．（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字） 22．（8分）某同學(xué)探究電阻絲的電阻與哪些因素有關(guān)．有如下器材： A．電源E（電動(dòng)勢(shì)為4V，內(nèi)阻約為1Ω）； B．電流表A1（量程5mA，內(nèi)阻約為10Ω）； C．電流表A2（量程0.6A，內(nèi)阻約為1Ω）； D．電壓表V1（量程3V，內(nèi)阻約為l kΩ）； E．電壓表V2（量程l5V，內(nèi)阻約為3kΩ）； F．滑動(dòng)變阻器R1（阻值0～2Ω

15、）； G．滑動(dòng)變阻器R2（阻值0～20Ω）； H．開關(guān)及導(dǎo)線若干． 他對(duì)電阻絲做了有關(guān)測(cè)量，數(shù)據(jù)如表所示． 編號(hào) 金屬絲直徑D/mm 金屬絲直徑的平方D2/mm2 金屬絲長(zhǎng)度L/cm 電阻R/Ω 1 0.30 0.09 100.00 14.20 2 0.30 0.09 50.00 7.15 3 0.60 0.36 100.00 3.60 ①如圖是測(cè)量編號(hào)為2的電阻絲電阻時(shí)的備選原理圖，則該同學(xué)應(yīng)選擇電路（選填“甲”或“乙”）進(jìn)行測(cè)量．選用的器材代號(hào)為． ②請(qǐng)寫出電阻R與L、D間的關(guān)系式R=（比例系數(shù)用ρ表示）．根據(jù)表中數(shù)據(jù)，求出比例系數(shù)ρ=Ω?m（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）．

16、 四．本大題2小題，共22分，要求必須寫出必要的文字說(shuō)明、主要的計(jì)算步驟和明確的答案． 23．（10分）如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E=30V，內(nèi)阻r=1Ω，R1=9Ω，滑動(dòng)變阻器的總電阻Rx=20Ω．間距d=0.1m的兩平行金屬板M、N水平放置，閉合開關(guān)K，板間電場(chǎng)視為勻強(qiáng)電場(chǎng)，板間豎直放置一根長(zhǎng)也為d的光滑絕緣細(xì)桿AB，帶電小球s穿過(guò)細(xì)桿，小球質(zhì)量m=0.01kg、電荷量q=110﹣3C（可視為點(diǎn)電荷，不影響電場(chǎng)的分布）．調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片p，使小球c恰能靜止在A處．重力加速度g=10m/s2． （1）求小球的電性和M、N兩極板間的電壓； （2）求滑動(dòng)變阻器pb段的阻值R2；

17、（3）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使pb段的阻值R3=7.5Ω，待電場(chǎng)重新穩(wěn)定后釋放小球c，求小球c到達(dá)桿的中點(diǎn)O時(shí)的速度大?。? 24．（12分）在如圖所示的坐標(biāo)系中，x軸沿水平方向，y軸沿豎直方向．在第一、第二象限內(nèi)，既無(wú)電場(chǎng)也無(wú)磁場(chǎng)，在第三象限，存在沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)和垂直xy平面（紙面）向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在第四象限，存在與第三象限相同的勻強(qiáng)電場(chǎng)，還有一個(gè)等腰直角三角形區(qū)域OMN，∠OMN為直角，MN邊有擋板，已知擋板MN的長(zhǎng)度為2L．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子，從y軸上y=L處的P1點(diǎn)以一定的水平初速度沿x軸負(fù)方向進(jìn)入第二象限，然后經(jīng)過(guò)x軸上x=﹣2L處的P2點(diǎn)進(jìn)入第三象限，帶電粒

18、子恰好能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，之后經(jīng)過(guò)y軸上y=﹣2L處的P3點(diǎn)進(jìn)入第四象限．已知重力加速度為g．求： （1）粒子到達(dá)P2點(diǎn)時(shí)速度的大小和方向； （2）第三象限空間中磁感應(yīng)強(qiáng)度的大??； （3）現(xiàn)在等腰直角三角形區(qū)域OMN內(nèi)加一垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，要使粒子經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后能打到擋板MN上，求所加磁場(chǎng)的方向和磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的范圍． 四川省綿陽(yáng)市2014-2015學(xué)年高二上學(xué)期期末物理試卷 參考答案與試題解析 一．本大題12小題，每小題3分，共36分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中只有一個(gè)是正確的． 1．（3分）為防止麻醉劑乙醚爆炸，醫(yī)療手術(shù)室地磚要使用導(dǎo)電材料，醫(yī)生和護(hù)士的鞋子

19、和外套也要用導(dǎo)電材料，一切設(shè)備包括病人身體要良好接觸，并保持良好接地．這是為了（） A． 除菌消毒 B． 消除靜電 C． 利用靜電 D． 防止漏電 考點(diǎn)： * 靜電的利用和防止． 分析： 本題考查是關(guān)于靜電的防止與應(yīng)用，從實(shí)例的原理出發(fā)就可以判斷出答案． 解答： 解：由題意可知，良好接地，目的是為了消除靜電，這些要求與消毒無(wú)關(guān)，而因靜電而產(chǎn)生爆炸，因此不可能是這樣． 靜電會(huì)產(chǎn)生火花、熱量，麻醉劑為易揮發(fā)性物品，遇到火花或熱源便會(huì)爆炸，就象油罐車一樣，在運(yùn)輸或貯存過(guò)程中，會(huì)產(chǎn)生靜電，汽油屬于易揮發(fā)性物品，所以它的屁股后面要安裝接地線（軟編織地線），以防爆炸，麻醉劑與之同理，故B

20、正確，ACD錯(cuò)誤； 故選：B 點(diǎn)評(píng)： 本題考查是關(guān)于靜電的防止與應(yīng)用，要求同學(xué)們熟練掌握靜電的防止與應(yīng)用的具體實(shí)例． 2．（3分）單擺在振動(dòng)過(guò)程中，離開平衡位置的最大距離越來(lái)越小．在這個(gè)過(guò)程中（） A． 能量逐漸消失 B． 動(dòng)能轉(zhuǎn)化為勢(shì)能 C． 機(jī)械能守恒 D． 總能量守恒，機(jī)械能轉(zhuǎn)化為其他形式的能 考點(diǎn)： 簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的回復(fù)力和能量． 分析： 因?yàn)閱螖[受到空氣的阻力，機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能；在能量轉(zhuǎn)化的過(guò)程中，總能量保持不變． 解答： 解：?jiǎn)螖[在振動(dòng)過(guò)程中，離開平衡位置的最大距離越來(lái)越小，是因?yàn)閱螖[受到空氣的阻力，機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，其機(jī)械能越來(lái)越?。谀芰哭D(zhuǎn)化的過(guò)

21、程中，能量不會(huì)消失，總能量保持不變．故ABC錯(cuò)誤，D正確． 故選：D． 點(diǎn)評(píng)： 能量轉(zhuǎn)化是個(gè)普遍現(xiàn)象，自然界中物質(zhì)運(yùn)動(dòng)形式的變化總伴隨著能量的相互轉(zhuǎn)化．不同形式的能量發(fā)生相互轉(zhuǎn)化的過(guò)程中，遵守能量轉(zhuǎn)化和守恒定律． 3．（3分）如圖所示，絕緣細(xì)線上端固定，下端掛一輕質(zhì)小球a，a的表面鍍有鋁膜；在a旁邊固定有一絕緣金屬球b，開始時(shí)a、b都不帶電．使b帶電時(shí)（） A． a不動(dòng) B． a遠(yuǎn)離b C． a靠近b D． a靠近b，并被b吸住不離開 考點(diǎn)： 庫(kù)侖定律． 分析： 帶電物體能夠吸引輕小物體，a與b接觸后，a球與b球帶上了同種電荷，相互排斥而分開． 解答： 解：帶

22、電物體能夠吸引輕小物體，故b會(huì)將a球吸引過(guò)來(lái)，a與b接觸后，帶同種電荷而分開，故C正確，ABD錯(cuò)誤； 故選：C． 點(diǎn)評(píng)： 本題關(guān)鍵是帶電物體能夠吸引輕小物體，接觸后，帶同種電荷，又因?yàn)閹N電荷而分開． 4．（3分）如圖所示，電磁炮是由電源、金屬軌道、炮彈和電磁鐵組成．當(dāng)電源接通后，磁場(chǎng)對(duì)流過(guò)炮彈的電流產(chǎn)生力的作用，使炮彈獲得極大的發(fā)射速度．下列各俯視圖中正確表示磁感應(yīng)強(qiáng)度B的方向的是（） A． B． C． D． 考點(diǎn)： 安培力． 分析： 電流由電源正極經(jīng)炮彈流向電源負(fù)極，炮彈受到的安培力方向應(yīng)水平向前，由左手定則判斷磁場(chǎng)方向是否正確． 解答： 解：A、由

23、左手定則可知，圖示磁感應(yīng)強(qiáng)度方向使炮彈受到的安培力向后，不符合實(shí)際，故A錯(cuò)誤； B、由左手定則可知，圖示磁感應(yīng)強(qiáng)度方向使炮彈受到的安培力向前，符合實(shí)際，故B正確； C、由左手定則可知，炮彈受到的安培力豎直向下，不符合要求，故C錯(cuò)誤； D、由左手定則可知，炮彈受的安培力豎直向下，不符合要求，故D錯(cuò)誤； 故選B． 點(diǎn)評(píng)： 電磁炮的炮彈在安培力作用下在軌道上向前加速度運(yùn)動(dòng)，炮彈受到的安培力應(yīng)向前，應(yīng)用左手定則判斷出安培力的方向，是正確解題的關(guān)鍵． 5．（3分）如圖所示，是舉重比賽裁判控制電路．共有3個(gè)裁判，1個(gè)主裁判，2個(gè)副裁判；當(dāng)有兩個(gè)（其中必須包括主裁判）或兩個(gè)以上的裁判同意時(shí)，

24、才表示通過(guò)，否則不通過(guò)；主裁判用A表示，副裁判分別用B、C表示；1代表同意，0代表不同意． 下列兩種情況： （1）A裁判控制的開關(guān)斷開，B裁判控制的開關(guān)閉合，C裁判控制的開關(guān)閉合； （2）A裁判控制的開關(guān)閉合，B裁判控制的開關(guān)斷開，C裁判控制的開關(guān)閉合． 所對(duì)應(yīng)的結(jié)果邏輯值分別是（） A． 1，1 B． 1，0 C． 0，1 D． 0，0 考點(diǎn)： 簡(jiǎn)單的邏輯電路． 分析： 電路圖結(jié)合題干可知，B、C只要有一個(gè)閉合即可，故為或邏輯關(guān)系；當(dāng)A斷開，燈熄滅，當(dāng)A閉合，燈亮；故B、C或后，其輸出與A的關(guān)系為與邏輯關(guān)系． 解答： 解：根據(jù)題意，B、C只要有一個(gè)閉合，該部分電路

25、即為通路，當(dāng)A斷開，燈不亮，當(dāng)A閉合，燈亮；故B、C為或邏輯關(guān)系；或后的結(jié)果與A為與邏輯關(guān)系，故這兩種情況，所對(duì)應(yīng)的邏輯值分別是0、1．故C正確 故選：C 點(diǎn)評(píng)： 本題考查了組合門電路，B、C先或其結(jié)果再與A是與邏輯關(guān)系，理解邏輯關(guān)系，組合門電路． 6．（3分）速率相同的電子垂直磁場(chǎng)方向進(jìn)入四個(gè)不同的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其軌跡照片如圖所示，則磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度最大的是（） A． B． C． D． 考點(diǎn)： 帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)． 分析： 速率相同的電子垂直磁場(chǎng)方向進(jìn)入四個(gè)不同的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心力，寫出相應(yīng)的牛頓第二定律的方程，得出半徑與

26、磁感應(yīng)強(qiáng)度之間的關(guān)系式，即可做出正確的答案． 解答： 解：帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，則： 所以：，速率相同的電子，v、m與電量q都相同，所以B與r成反比，則半徑最小的D圖中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B最大． 故選：D 點(diǎn)評(píng)： 該題考查帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑與磁感應(yīng)強(qiáng)度的關(guān)系，可以利用半徑公式直接解答． 7．（3分）某靜電場(chǎng)中的電場(chǎng)線方向不確定，分布如圖所示，帶電粒子在電場(chǎng)中僅受靜電力作用，其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中虛線所示，由M運(yùn)動(dòng)到N，以下說(shuō)法正確的是（） A． 粒子必定帶正電荷 B． 該靜電場(chǎng)一定是孤立正電荷產(chǎn)生的 C． 粒子在M點(diǎn)的加速度小于

27、它在N點(diǎn)的加速度 D． 粒子在M點(diǎn)的速度大于它在N點(diǎn)的速度 考點(diǎn)： 電場(chǎng)線． 分析： 電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大，電場(chǎng)線疏的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度小，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加． 解答： 解：A、由電荷的運(yùn)動(dòng)軌跡可知，電荷所受的電場(chǎng)力斜向上，由于電場(chǎng)線的方向未知，所以不能確定電荷的電性，故A錯(cuò)誤． B、孤立正電荷的電場(chǎng)線從正電荷出發(fā)到無(wú)窮遠(yuǎn)處終止的直線，故該靜電場(chǎng)不一定是孤立正電荷產(chǎn)生的．故B錯(cuò)誤． C、電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大，電場(chǎng)線疏的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度小，由圖可知，N點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于M點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)的大小，在N點(diǎn)的受力大于在M的受力，所以粒子在M點(diǎn)的加速度小于它在

28、N點(diǎn)的加速度，故C正確． D、正電荷沿著電場(chǎng)的方向運(yùn)動(dòng)，所以電場(chǎng)力做正功，電荷的電勢(shì)能減小，動(dòng)能增加，所以粒子在M點(diǎn)的速度小于它在N點(diǎn)的速度動(dòng)能，故D錯(cuò)誤． 故選：C． 點(diǎn)評(píng)： 此題根據(jù)物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件，掌握住電場(chǎng)線的特點(diǎn)，即可解決本題． 8．（3分）如圖所示，有一帶電粒子貼著A板內(nèi)側(cè)沿水平方向射入A、B兩板間的勻強(qiáng)電場(chǎng)，當(dāng)A、B兩板間電壓為U1時(shí)，帶電粒子沿軌跡Ⅰ從兩板正中間飛出；當(dāng)A、B兩板間電壓為U2時(shí)，帶電粒子沿軌跡Ⅱ落到B板中間．設(shè)粒子兩次射入電場(chǎng)的水平速度之比為2：1，則兩次電壓之比為（） A． U1：U2=1：1 B． U1：U2=1：2 C． U1：U2

29、=1：4 D． U1：U2=1：8 考點(diǎn)： 帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)． 專題： 電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題． 分析： 帶電粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，將合運(yùn)動(dòng)沿著平行平板和垂直平板方向正交分解，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和牛頓第二定律列式求解． 解答： 解：帶點(diǎn)粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，將合運(yùn)動(dòng)沿著平行平板和垂直平板方向正交分解，有： x=v0t y= a= 解得：U=∝ 據(jù)題有：初速度v0之比為2：1，水平位移x之比為2：1，豎直位移y之比為1：2，代入上式解得：= 故選：B． 點(diǎn)評(píng)： 本題關(guān)鍵根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)的分位移公式和牛頓第二定律聯(lián)立列式求解出電壓的一般表達(dá)式，然后再進(jìn)行分析

30、討論． 9．（3分）如圖甲所示，水平的光滑桿上有一彈簧振子，振子以O(shè)點(diǎn)為平衡位置，在a、b兩點(diǎn)之間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，其振動(dòng)圖象如圖乙所示．由振動(dòng)圖象可以得知（） A． 振子的振動(dòng)周期等于t1 B． 在t=0時(shí)刻，振子的位置在a點(diǎn) C． 在t=t1時(shí)刻，振子的速度為零 D． 從t1到t2，振子正從O點(diǎn)向b點(diǎn)運(yùn)動(dòng) 考點(diǎn)： 簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)；簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅、周期和頻率． 專題： 簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)專題． 分析： 簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)中振子的周期是振子完成一個(gè)周期性變化所用的時(shí)間，由圖直接讀出；根據(jù)位移分析振子的位置和速度，振子在最大位移處速度為零，通過(guò)平衡位置時(shí)速度最大；根據(jù)位移的變化，分析振子的

31、運(yùn)動(dòng)情況． 解答： 解：A、振子的周期是振子完成一個(gè)周期性變化所用的時(shí)間，由圖直接讀出其周期 T=2t1；故A錯(cuò)誤； B、由圖乙知在t=0時(shí)刻，振子的位移為零，正通過(guò)平衡位置，所以振子的位置在O點(diǎn)，故B錯(cuò)誤； C、在t=t1時(shí)刻，振子的位移為零，正通過(guò)平衡位置，速度最大，故C錯(cuò)誤； D、從t1到t2，振子的位移從0變化到正向最大，說(shuō)明正從O點(diǎn)向b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)．故D正確． 故選：D． 點(diǎn)評(píng)： 對(duì)振動(dòng)圖象讀出周期、振幅和振子的位移情況，從而判斷出其速度、加速度情況，是應(yīng)具備的基本能力，應(yīng)加強(qiáng)相關(guān)練習(xí)，做到熟練掌握． 10．（3分）如圖所示，電路中RT為熱敏電阻，R1和R2為定值電阻．當(dāng)

32、溫度升高時(shí)，RT阻值變小．開關(guān)S閉合后，若溫度降低，下列物理量中變大的是（） A． 通過(guò)R2的電流 B． 通過(guò)RT的電流 C． 通過(guò)R1的電流 D． 電容器兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度 考點(diǎn)： 閉合電路的歐姆定律；電容． 專題： 恒定電流專題． 分析： 開關(guān)S閉合后，RT的溫度降低，RT阻值增大，外電路總電阻增大，干路電流減小，R1兩端的電壓和內(nèi)電壓都減小，分析RT和R2并聯(lián)電壓的變化，判斷通過(guò)R2電流的變化，即可知道通過(guò)RT的電流變化．根據(jù)公式E=分析電容器板間場(chǎng)強(qiáng)的變化． 解答： 解：開關(guān)S閉合后，RT的溫度降低，RT阻值變大，RT和R2并聯(lián)電阻變動(dòng)，外電路總電阻增大，干路

33、電流減小，即通過(guò)通過(guò)R1的電流變?。甊1兩端的電壓和內(nèi)電壓都減小，則知RT和R2并聯(lián)電壓增大，通過(guò)R2電流增大，由于干路電流變小，則知通過(guò)RT的電流變小． 電容器板間電壓等于R1的電壓，其電壓變小，則根據(jù)公式E=分析可知兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度變小．故A正確，BCD錯(cuò)誤． 故選：A 點(diǎn)評(píng)： 本題是電路動(dòng)態(tài)變化分析問(wèn)題，按“局部→整體→局部”的順序進(jìn)行分析． 11．（3分）如圖所示，Q1、Q2是兩個(gè)等量正電荷，固定在絕緣平面內(nèi)，在其連線上有一光滑絕緣桿，桿上套一帶正電的小球，桿所在區(qū)域同時(shí)存在一個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向如圖所示，不計(jì)小球重力．從靠近Q2的圖示某位置由靜止釋放小球，小球在整個(gè)運(yùn)動(dòng)

34、過(guò)程中（） A． 速度一直增大 B． 加速度一直增大 C． 所受洛倫茲力大小一直變化 D． 所受洛倫茲力方向一直不變 考點(diǎn)： 洛侖茲力． 分析： 小球開始受到Q2對(duì)它的庫(kù)侖力大于Q1對(duì)它的庫(kù)侖力，所以先向左運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中受到洛倫茲力，通過(guò)受力情況，知小球向左先加速后減速到0．然后又返回． 解答： 解：小球由靜止釋放后沿絕緣桿先向左做加速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)到桿的中點(diǎn)時(shí)，所受電場(chǎng)力為零，加速度為零，速度達(dá)到最大，然后越過(guò)中點(diǎn)繼續(xù)向左做減速運(yùn)動(dòng)，水平方向所受電場(chǎng)力不斷增大，加速度不斷增大，最后速度變?yōu)榱?，然后反向再向右運(yùn)動(dòng)，如此反復(fù)，小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中速度大小與方向不斷發(fā)生變化，因

35、此所受洛倫茲力大小與方向也不斷發(fā)生變化， 故A、B、D錯(cuò)誤，C正確． 故選：C 點(diǎn)評(píng)： 解決本題的關(guān)鍵能夠根據(jù)小球的受力情況分析出小球的運(yùn)動(dòng)情況，從而可知洛倫茲力的變化 12．（3分）如圖所示，在屏幕MN的右方和虛線的上方區(qū)域有方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一帶電微粒從磁場(chǎng)邊界d點(diǎn)垂直于磁場(chǎng)方向并與虛線垂直射入，經(jīng)過(guò)時(shí)間t0垂直打到屏MN上．同一帶電微粒從磁場(chǎng)邊界d點(diǎn)垂直于磁場(chǎng)方向并與虛線右方成45角射入，經(jīng)過(guò)時(shí)間t1打到屏MN上；同一帶電微粒從磁場(chǎng)邊界d點(diǎn)垂直于磁場(chǎng)方向并與虛線右方成135角射入，經(jīng)過(guò)時(shí)間t2打到屏MN上．微粒所受重力可忽略，每次射入磁場(chǎng)的速度大小不變．則t0、t1

36、、t2之間大小關(guān)系正確的是（） A． t1＜2t0 B． t1=2t0 C． t2＜0.5t0 D． t2=0.5t0 考點(diǎn)： 帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)． 專題： 帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題． 分析： 根據(jù)粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期公式求出粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，然后畫出粒子在三種情況下的運(yùn)動(dòng)軌跡，得出粒子偏轉(zhuǎn)的角度，由時(shí)間與偏轉(zhuǎn)角度的關(guān)系比較即可． 解答： 解：帶電微粒在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，則： 得： 微粒運(yùn)動(dòng)的周期：，可知題目中的微粒在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期是相等的，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間：，與偏轉(zhuǎn)的角度成正比．如圖做出三種情況下微粒運(yùn)動(dòng)的軌跡，從磁場(chǎng)邊界d點(diǎn)垂直于磁場(chǎng)方

37、向并與虛線垂直射入，經(jīng)過(guò)時(shí)間t0垂直打到屏MN上時(shí)，微粒偏轉(zhuǎn)的角度是90，所以， 由圖可知同一帶電微粒從磁場(chǎng)邊界d點(diǎn)垂直于磁場(chǎng)方向并與虛線右方成45角射入時(shí)，在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)的角度小于180，所以：； 同一帶電微粒從磁場(chǎng)邊界d點(diǎn)垂直于磁場(chǎng)方向并與虛線右方成135角射入時(shí)，弦長(zhǎng)，所以在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)的角度大于60，所以： 所以只有A正確． 故選：A 點(diǎn)評(píng)： 本題考查了粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用左手定則、粒子周期公式與牛頓第二定律即可正確解題，其中正確做出三種情況下粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡，得出角度之間的關(guān)系是解題的關(guān)鍵． 二、本大題6小題，每小題3分，共18分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中有一個(gè)或一

38、個(gè)以上的選項(xiàng)正確，全對(duì)得3分，選對(duì)但不全得1分，有錯(cuò)或不選得0分． 13．（3分）關(guān)于通電直導(dǎo)線在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中所受的安培力，下列說(shuō)法正確的是（） A． 安培力的方向垂直于直導(dǎo)線 B． 安培力的方向總是垂直于磁場(chǎng)的方向 C． 安培力的大小與通電直導(dǎo)線和磁場(chǎng)方向的夾角無(wú)關(guān) D． 將直導(dǎo)線從中點(diǎn)折成直角，安培力的大小一定變?yōu)樵瓉?lái)的一半 考點(diǎn)： 安培力． 分析： 本題考查了產(chǎn)生條件、大小與方向，當(dāng)電流方向與磁場(chǎng)平行時(shí)不受安培力，根據(jù)左手定則可知安培力的方向與磁場(chǎng)垂直．引用公式F=BIL時(shí)，注意要求磁場(chǎng)與電流垂直，若不垂直應(yīng)當(dāng)將導(dǎo)線沿磁場(chǎng)與垂直于磁場(chǎng)分解，因此垂直時(shí)安培力最大，

39、最大為F=BIL． 解答： 解：A、B、根據(jù)左手定則可知，安培力方向與磁場(chǎng)和電流組成的平面垂直，即與電流和磁場(chǎng)方向都垂直，故AB正確； C、磁場(chǎng)與電流不垂直時(shí)，安培力的大小為F=BILsinθ，則安培力的大小與通電導(dǎo)線和磁場(chǎng)方向的夾角有關(guān)，故C錯(cuò)誤； D、當(dāng)電流方向與磁場(chǎng)的方向平行，所受安培力為0，將直導(dǎo)線從中折成直角，安培力的大小一定變?yōu)樵瓉?lái)的一半；將直導(dǎo)線在垂直于磁場(chǎng)的方向的平面內(nèi)從中折成直角，安培力的大小一定變?yōu)樵瓉?lái)的，故D錯(cuò)誤． 故選：AB． 點(diǎn)評(píng)： 解決本題的關(guān)鍵是知道當(dāng)導(dǎo)線的方向與磁場(chǎng)的方向平行，所受安培力為0，最?。?dāng)導(dǎo)線的方向與磁場(chǎng)方向垂直時(shí)，安培力最大，為F=BIL

40、． 14．（3分）電荷量為q的點(diǎn)電荷在電場(chǎng)中由A點(diǎn)移到B點(diǎn)時(shí)，電場(chǎng)力做功W，兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為U，若讓電荷量為2q的點(diǎn)電荷在電場(chǎng)中由A點(diǎn)移到B點(diǎn)，則（） A． 電場(chǎng)力做功為W B． 電場(chǎng)力做功為2W C． 兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為U D． 兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為2U 考點(diǎn)： 電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系． 專題： 電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題． 分析： 兩點(diǎn)間的電勢(shì)差是由電場(chǎng)決定的，電場(chǎng)不變，兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差就不變，根據(jù)W=qU可以直接計(jì)算電場(chǎng)力做功的大?。? 解答： 解：在同一個(gè)電場(chǎng)中，兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差就不變，與放入的電荷的電荷量的大小無(wú)關(guān)，是由AB之間的電勢(shì)差的大小還是U； 讓電荷量為2q

41、的點(diǎn)電荷在電場(chǎng)中由A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為q2U=2W，是由BC正確，AD錯(cuò)誤； 故選：BC 點(diǎn)評(píng)： 解答本題的時(shí)候要注意電場(chǎng)力做功的公式W=qU是普遍使用的公式，電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差是由電場(chǎng)決定的，電場(chǎng)不變，兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差就不變． 15．（3分）美國(guó)物理學(xué)家勞倫斯于1932年發(fā)明的回旋加速器，利用帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，使粒子在較小的空間范圍內(nèi)經(jīng)過(guò)電場(chǎng)的多次加速獲得較大的能量．如圖所示為一種改進(jìn)后的回旋加速器示意圖，其中盒縫間的加速電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小恒定，且被限制在A、C板間，帶電粒子從P0處由靜止釋放，并沿電場(chǎng)線方向射入加速電場(chǎng)，經(jīng)加速后再進(jìn)入D形盒中的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做

42、勻速圓周運(yùn)動(dòng)．對(duì)于這種改進(jìn)后的回旋加速器，下列說(shuō)法正確的是（） A． 帶電粒子每運(yùn)動(dòng)一周被加速一次 B． P1P2=P2P3 C． 粒子能獲得的最大速度與D形盒的尺寸有關(guān) D． A、C板間的加速電場(chǎng)的方向需要做周期性的變化 考點(diǎn)： 質(zhì)譜儀和回旋加速器的工作原理． 分析： 帶電粒子經(jīng)加速電場(chǎng)加速后，進(jìn)入磁場(chǎng)發(fā)生偏轉(zhuǎn)，電場(chǎng)被限制在A、C板間，只有經(jīng)過(guò)AC板間時(shí)被加速，所以運(yùn)動(dòng)一周加速一次，電場(chǎng)的方向不需改變．當(dāng)帶電粒子離開回旋加速器時(shí)，速度最大． 解答： 解：AD、帶電粒子只有經(jīng)過(guò)AC板間時(shí)被加速，即帶電粒子每運(yùn)動(dòng)一周被加速一次．電場(chǎng)的方向沒(méi)有改變，則在AC間加速．

43、故A正確，D錯(cuò)誤． B、根據(jù)r=，則P1P2=2（r2﹣r1）=，因?yàn)槊哭D(zhuǎn)一圈被加速一次，根據(jù)v2﹣v12=2ad，知每轉(zhuǎn)一圈，速度的變化量不等，且v3﹣v2＜v2﹣v1，則P1P2＞P2P3．故B錯(cuò)誤． C、當(dāng)粒子從D形盒中出來(lái)時(shí)，速度最大，根據(jù)r=，得，v=．知加速粒子的最大速度與D形盒的半徑有關(guān)．故C正確． 故選：AC． 點(diǎn)評(píng)： 解決本題的關(guān)鍵知道該回旋加速器的原理，知道粒子每轉(zhuǎn)一圈，加速一次，且都在AC間加速，加速的電場(chǎng)不需改變． 16．（3分）如圖所示，電阻R1=10Ω，電動(dòng)機(jī)M線圈電阻R2=10Ω，電路兩端電壓U保持不變．當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)，電流表的示數(shù)為I1=0.5A；

44、當(dāng)開關(guān)S閉合后，電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)起來(lái)，電流表示數(shù)為I2，整個(gè)電路消耗的電功率為P，則（） A． U=5V B． I2=1A C． P=5W D． P＜5W 考點(diǎn)： 電功、電功率． 專題： 恒定電流專題． 分析： 當(dāng)電鍵S斷開時(shí)，由歐姆定律求出電阻R1的電壓U；當(dāng)電鍵S閉合后，通過(guò)R1的電流仍為0.5A，電動(dòng)機(jī)的電路是非純電阻電路，由I2＜求出其電流的范圍，即得到電流表電流的范圍．由P=UI求解電路中功率范圍． 解答： 解：當(dāng)電鍵S斷開時(shí)，由歐姆定律得，U=I1R1=5V．當(dāng)電鍵S閉合后，通過(guò)R1的電流仍為0.5A，電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)，電動(dòng)機(jī)的電流I＜=A=0.5A，故電流表的電流I2＜1

45、A，電動(dòng)機(jī)中電功率P=UI2＜5W． 故AD正確，BC錯(cuò)誤． 故選：AD． 點(diǎn)評(píng)： 本題要抓住非純電阻電路與純電阻電路的區(qū)別，電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，其電路是非純電阻電路，歐姆定律不成立，I2＜是關(guān)鍵不等式． 17．（3分）如圖所示，平行板間的勻強(qiáng)電場(chǎng)范圍內(nèi)存在著勻強(qiáng)磁場(chǎng)（圖中未畫出），帶電粒子從P點(diǎn)以垂直于電場(chǎng)方向的速度v0射入平行板間，恰好做勻速直線運(yùn)動(dòng)，從Q飛出．忽略重力．則（） A． 磁場(chǎng)方向垂直紙面向外 B． 磁場(chǎng)方向與帶電粒子的電性無(wú)關(guān) C． 帶電粒子從Q沿QP進(jìn)入，也能做勻速直線運(yùn)動(dòng) D． 若粒子帶負(fù)電，以速度v1從P沿PQ射入，從Q飛出，則v1＜v0

46、 考點(diǎn)： 帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)． 專題： 電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題． 分析： 粒子進(jìn)入電場(chǎng)與磁場(chǎng)的復(fù)合場(chǎng)后沿直線運(yùn)動(dòng)，可知粒子受到的電場(chǎng)力和洛倫茲力是一對(duì)平衡力，解決此題可以先假設(shè)粒子的電性，來(lái)判斷磁場(chǎng)的方向．分析粒子能否沿直線運(yùn)動(dòng)，就是分析洛倫茲力與電場(chǎng)力的大小，從而判斷粒子的偏轉(zhuǎn)方向，由動(dòng)能定理分析射出場(chǎng)區(qū)的速度與初速度的關(guān)系． 解答： 解：A、假設(shè)帶電粒子帶正電，粒子將受到豎直向下的電場(chǎng)力，所以洛倫茲力應(yīng)為豎直向上，由左手定則可判斷，磁場(chǎng)的方向應(yīng)垂直于紙面向里．故A錯(cuò)誤． B、當(dāng)粒子在正交的電場(chǎng)和磁場(chǎng)的區(qū)域內(nèi)做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，電場(chǎng)力和洛倫茲力大小相等，且方向相反．改變粒

47、子的電性，其他條件不變的情況下，電場(chǎng)力和洛倫茲力的方向同時(shí)改為反向，粒子的合力仍為零．所以磁場(chǎng)方向與帶電粒子的正負(fù)無(wú)關(guān)，故B正確． C、帶電粒子從Q沿QP進(jìn)入，所受的電場(chǎng)力方向不變，而洛倫茲力方向會(huì)變?yōu)榕c電場(chǎng)力相同，此時(shí)帶電粒子將發(fā)生向下偏轉(zhuǎn)．故C錯(cuò)誤． D、粒子帶負(fù)電時(shí)，將受到向上的電場(chǎng)力和向下的洛倫茲力，當(dāng)速度為v0時(shí)，電場(chǎng)力和洛倫茲力大小相等，即有 qE=qv0B，v0=；粒子從Q′飛出，可判斷電場(chǎng)力要大于洛倫茲力，即有qE＞qv1B，v1＜，可得v1＜v0．故D正確． 故選：BD． 點(diǎn)評(píng)： 該題綜合了電場(chǎng)和磁場(chǎng)的內(nèi)容，解決此類問(wèn)題的關(guān)鍵是正確判斷洛倫茲力和電場(chǎng)力的大小及方向，要

48、熟練的應(yīng)用左手定則來(lái)分析問(wèn)題． 18．（3分）如圖所示，MN是空間中某一水平面內(nèi)的一條直線，整個(gè)空間有水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)或者有豎直方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．現(xiàn)有一帶電粒子在MN上的O點(diǎn)具有水平方向的初速度v0．不計(jì)粒子重力．下列判斷正確的是（） A． 如果粒子能回到MN上且速度大小增大，則空間中的場(chǎng)一定是電場(chǎng) B． 如果粒子能回到MN上且速度大小不變，則空間中的場(chǎng)一定是磁場(chǎng) C． 若只改變粒子的初速度大小，發(fā)現(xiàn)粒子能回到MN上且與MN的夾角大小不變，則空間中的場(chǎng)一定是磁場(chǎng) D． 若只改變粒子的初速度大小，發(fā)現(xiàn)粒子能回到MN上且所用的時(shí)間不變，則空間中的場(chǎng)一定是磁場(chǎng) 考點(diǎn)：

49、 帶電粒子在混合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)． 專題： 帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題． 分析： 洛倫茲力不做功，電場(chǎng)力可以做功；粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，在電場(chǎng)中做類似拋體運(yùn)動(dòng)．據(jù)此分析即可． 解答： 解：A、洛倫茲力對(duì)帶電粒子不做功，不能使粒子速度增大，電場(chǎng)力可使帶電粒子做功，動(dòng)能增大，則知如果粒子回到MN上時(shí)速度增大，則該空間存在的一定是電場(chǎng)，故A正確； B、若帶電粒子以與電場(chǎng)線平行的速度v0射入，粒子返回速率不變，該空間可能存在電場(chǎng)．粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，速度大小不變，所以也可能存在磁場(chǎng)．故B錯(cuò)誤； C、若只改變粒子的初速度大小，發(fā)現(xiàn)粒子能回到MN上且與MN的夾角大小不變，可能存在

50、磁場(chǎng)，也可能存在電場(chǎng)，因?yàn)閳A有對(duì)稱性，拋物體也具有對(duì)稱性．故C錯(cuò)誤； D、若只改變粒子的初速度大小，發(fā)現(xiàn)粒子再回到MN上所用的時(shí)間不變，粒子只能是在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，t=T=?=，與速度無(wú)關(guān)，故D正確； 故選：AD． 點(diǎn)評(píng)： 本題關(guān)鍵是分電場(chǎng)和磁場(chǎng)兩種情況進(jìn)行分析討論，抓住勻速圓周運(yùn)動(dòng)模型和直線運(yùn)動(dòng)模型進(jìn)行分析討論． 三．本大題4小題，每空2分，補(bǔ)全電路2分，共24分． 19．（4分）幾名同學(xué)進(jìn)行野外考察，登上一山峰后，他們想粗略測(cè)出山頂處的重力加速度．于是他們用細(xì)線拴好石塊P系在樹枝上做成一個(gè)簡(jiǎn)易單擺，如圖所示．然后用隨身攜帶的鋼卷尺、電子手表進(jìn)行了測(cè)量．同學(xué)們首先測(cè)出擺長(zhǎng)L，然后將

51、石塊拉開一個(gè)小角度，由靜止釋放，使石塊在豎直平面內(nèi)擺動(dòng)，用電子手表測(cè)出單擺完成n次全振動(dòng)所用的時(shí)間t． ①利用測(cè)量數(shù)據(jù)計(jì)算山頂處重力加速度的表達(dá)式是g=； ②若振動(dòng)周期測(cè)量正確，但由于難以確定石塊重心，測(cè)量擺長(zhǎng)時(shí)從懸點(diǎn)僅量到石塊上端，導(dǎo)致用這次測(cè)量數(shù)據(jù)計(jì)算出來(lái)的山頂處重力加速度值比真實(shí)值偏?。ㄟx填“偏大”、“偏小”或“相等”）． 考點(diǎn)： 單擺周期公式． 專題： 單擺問(wèn)題． 分析： （1）單擺完成一次全振動(dòng)的時(shí)間是一個(gè)周期．單擺完成n次全振動(dòng)所用的時(shí)間t，求出周期．由單擺的周期公式得出重力加速度的表達(dá)式． （2）根據(jù)重力加速度的表達(dá)式分析重力加速度值與真實(shí)值的大小關(guān)系．

52、解答： 解：①由題，單擺完成n次全振動(dòng)所用的時(shí)間t得，單擺的周期T=．由單擺的周期公式T=2得，g==． ②單擺的擺長(zhǎng)應(yīng)等于懸點(diǎn)到石塊重心的距離，若測(cè)量擺長(zhǎng)時(shí)從懸點(diǎn)僅量到石塊上端做為擺長(zhǎng)，擺長(zhǎng)L偏小，則由重力加速度的表達(dá)式g=可知，重力加速度值比真實(shí)值偏小． 故答案為：①；②偏??； 點(diǎn)評(píng)： 單擺的周期采用累積法測(cè)量，周期的表達(dá)式T=．根據(jù)測(cè)量原理分析實(shí)驗(yàn)誤差是常用的思路． 20．（4分）科學(xué)實(shí)驗(yàn)是人們認(rèn)識(shí)自然的重要手段．電學(xué)實(shí)驗(yàn)中經(jīng)常需要測(cè)量某負(fù)載的電阻，測(cè)電阻的方法有多種．一只標(biāo)有“220V，100W”的燈泡，它正常工作時(shí)的電阻是484Ω．若用多用電表中歐姆擋來(lái)測(cè)量這只燈泡的電阻

53、，則測(cè)出的電阻應(yīng)小于（選填“大于”、“等于”、“小于”）燈泡正常工作時(shí)的電阻． 考點(diǎn)： 電阻定律． 專題： 恒定電流專題． 分析： 燈泡正常發(fā)光時(shí)溫度可以達(dá)到一千多攝氏度，金屬阻（率）隨溫度升高而增大； 考慮燈泡發(fā)光時(shí)產(chǎn)生熱量，則導(dǎo)致電阻率變大，使得工作時(shí)電阻偏大． 解答： 解：根據(jù)P=， 得到R==Ω=484Ω； 燈泡正常發(fā)光時(shí)溫度可以達(dá)到一千多攝氏度，金屬阻（率）隨溫度升高而增大，故常溫下電阻較?。? 故答案為：484Ω，小于． 點(diǎn)評(píng)： 考查公式R=及R=ρ式中成立條件，是不是受溫度的影響．同時(shí)還體現(xiàn)電阻率隨著溫度升高而增大． 21．（8分）某同學(xué)想通過(guò)“描繪小

54、燈泡的伏安特性曲線”的方法來(lái)測(cè)量一小燈泡的額定功率．所用器材如下： 待測(cè)小燈泡一只：額定電壓為2.5V，電阻約為幾歐 電壓表一只：量程為3V，內(nèi)阻約為3kΩ 電流表一只：量程為0.6A，內(nèi)阻約為0.1Ω 滑動(dòng)變阻器一只 干電池兩節(jié) 開關(guān)一只，導(dǎo)線若干 ①請(qǐng)?jiān)趫D甲中補(bǔ)全測(cè)量小燈泡額定功率的電路圖． ②圖甲中開關(guān)S閉合之前，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)置于B（選填“A端”、“B端”或“AB正中間”）； ③該同學(xué)通過(guò)實(shí)驗(yàn)得到了小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示．小燈泡的額定功率是0.51W；如果將這個(gè)小燈泡接到電動(dòng)勢(shì)為1.5V，內(nèi)阻為5Ω的電源兩端，小燈泡消耗的功率是0.10W．（結(jié)果均保留

55、兩位有效數(shù)字） 考點(diǎn)： 描繪小電珠的伏安特性曲線． 專題： 實(shí)驗(yàn)題． 分析： （1）通過(guò)燈泡的電阻與電流表、電壓表內(nèi)阻比較，分析其是大電阻還是小電阻，確定電流表的內(nèi)外接． （2）滑動(dòng)變阻器運(yùn)用分壓式接法，電鍵閉合前，使得測(cè)量電路部分處于短路，起保護(hù)作用． （3）從伏安特性圖線中找出電壓為2.5V時(shí)的電流，根據(jù)P=UI求出小燈泡的額定功率．作出電動(dòng)勢(shì)E=3.0V，內(nèi)阻r=7.5Ω的電源的I﹣U圖線，與伏安特性圖線的交點(diǎn)橫縱坐標(biāo)表示此時(shí)的電流和電壓大小，從而根據(jù)P=UI求出實(shí)際功率 解答： 解：（1）燈泡的電阻約為幾歐，遠(yuǎn)小于電壓表的內(nèi)阻，屬于小電阻，電流表采用外接法．電路圖如圖

56、所示． （2）圖甲中開關(guān)S閉合之前，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)置于B端，使得閉合電鍵后，測(cè)量電路部分處于短路狀態(tài)，電壓表、電流表示數(shù)為0，起保護(hù)作用． （3）當(dāng)U=2.5V時(shí)，電流I=0.205A，所以額定功率P=UI=2.50.205W=0.51W． 作出電動(dòng)勢(shì)E=1.5V，內(nèi)阻r=5Ω的電源的I﹣U圖線，如圖，交點(diǎn)對(duì)應(yīng)的電壓和電流分別為：1.0V、0.10A，所以實(shí)際功率P=UI=1.00.10=0.10W． 故答案為：①如圖所示 ②B端 ③0.51，0.10． 點(diǎn)評(píng)： 解決本題的關(guān)鍵掌握電流表內(nèi)外接選擇的方法，難點(diǎn)是與電源連接求實(shí)際功率，因?yàn)闊襞莸碾娮枋请SU的變化而變化的，

57、所以必須用圖象的方法來(lái)解決． 22．（8分）某同學(xué)探究電阻絲的電阻與哪些因素有關(guān)．有如下器材： A．電源E（電動(dòng)勢(shì)為4V，內(nèi)阻約為1Ω）； B．電流表A1（量程5mA，內(nèi)阻約為10Ω）； C．電流表A2（量程0.6A，內(nèi)阻約為1Ω）； D．電壓表V1（量程3V，內(nèi)阻約為l kΩ）； E．電壓表V2（量程l5V，內(nèi)阻約為3kΩ）； F．滑動(dòng)變阻器R1（阻值0～2Ω）； G．滑動(dòng)變阻器R2（阻值0～20Ω）； H．開關(guān)及導(dǎo)線若干． 他對(duì)電阻絲做了有關(guān)測(cè)量，數(shù)據(jù)如表所示． 編號(hào) 金屬絲直徑D/mm 金屬絲直徑的平方D2/mm2 金屬絲長(zhǎng)度L/cm 電阻R/Ω 1 0.30

58、 0.09 100.00 14.20 2 0.30 0.09 50.00 7.15 3 0.60 0.36 100.00 3.60 ①如圖是測(cè)量編號(hào)為2的電阻絲電阻時(shí)的備選原理圖，則該同學(xué)應(yīng)選擇電路甲（選填“甲”或“乙”）進(jìn)行測(cè)量．選用的器材代號(hào)為ACDGH． ②請(qǐng)寫出電阻R與L、D間的關(guān)系式R=（比例系數(shù)用ρ表示）．根據(jù)表中數(shù)據(jù)，求出比例系數(shù)ρ=1.010﹣6Ω?m（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）． 考點(diǎn)： 測(cè)定金屬的電阻率． 專題： 實(shí)驗(yàn)題． 分析： ①本題的關(guān)鍵是根據(jù)待測(cè)電阻阻值較小滿足＞可知電流表應(yīng)用外接法；根據(jù)表格中最大電流數(shù)值來(lái)選擇電流表量程；根據(jù)電源電動(dòng)勢(shì)大小來(lái)選

59、擇電壓表的量程； ②可以首先根據(jù)電阻定律寫出電阻R的表達(dá)式，將表格中數(shù)據(jù)代入求得ρ． 解答： 解：①由于待測(cè)電阻滿足＞，電流表應(yīng)用外接法，所以應(yīng)選擇電路甲C； 由于電源電動(dòng)勢(shì)為4V，所以電壓表應(yīng)選D． 根據(jù)表格數(shù)據(jù)可知，電路中最大電流為：I==A=0.83A，所以電流表應(yīng)選； 根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電路中需要的最大電阻應(yīng)為：Rmax==Ω=20Ω，所以變阻器應(yīng)選G； 故選用的器材代號(hào)為：ACDGH． ②根據(jù)表中數(shù)據(jù)可知：R=ρ==； 可求出：ρ=， 代入一組數(shù)據(jù)解得：ρ=1.010﹣6 Ω?m 故答案為：①甲，ACDGH；②，1.010﹣6． 點(diǎn)評(píng)： 對(duì)電學(xué)實(shí)驗(yàn)應(yīng)明確

60、：①根據(jù)電源電動(dòng)勢(shì)大小來(lái)選擇電壓表量程，根據(jù)電路中的最大電流來(lái)選擇電流表量程；②當(dāng)待測(cè)電阻滿足＞時(shí)，電流表應(yīng)用外接法，滿足＜時(shí)，電流表應(yīng)用內(nèi)接法． 四．本大題2小題，共22分，要求必須寫出必要的文字說(shuō)明、主要的計(jì)算步驟和明確的答案． 23．（10分）如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E=30V，內(nèi)阻r=1Ω，R1=9Ω，滑動(dòng)變阻器的總電阻Rx=20Ω．間距d=0.1m的兩平行金屬板M、N水平放置，閉合開關(guān)K，板間電場(chǎng)視為勻強(qiáng)電場(chǎng)，板間豎直放置一根長(zhǎng)也為d的光滑絕緣細(xì)桿AB，帶電小球s穿過(guò)細(xì)桿，小球質(zhì)量m=0.01kg、電荷量q=110﹣3C（可視為點(diǎn)電荷，不影響電場(chǎng)的分布）．調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片p，

61、使小球c恰能靜止在A處．重力加速度g=10m/s2． （1）求小球的電性和M、N兩極板間的電壓； （2）求滑動(dòng)變阻器pb段的阻值R2； （3）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使pb段的阻值R3=7.5Ω，待電場(chǎng)重新穩(wěn)定后釋放小球c，求小球c到達(dá)桿的中點(diǎn)O時(shí)的速度大?。? 考點(diǎn)： 閉合電路的歐姆定律；勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差和電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系． 專題： 恒定電流專題． 分析： （1）對(duì)小球受力分析，因小球靜止，故小球處于平衡狀態(tài)，列平衡方程可求得兩極板間的電壓； （2）分析電路，根據(jù)閉合電路歐姆定律可求得RX接入阻值； （3）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使pb段的阻值R3=7.5Ω，設(shè)電場(chǎng)穩(wěn)定時(shí)的電壓為U3，

62、由動(dòng)能定理可求得小球到達(dá)桿的中點(diǎn)0時(shí)的速度． 解答： 解：（1）由電路圖可知，金屬板M為正極板；因小球靜止，故小球所受電場(chǎng)力與重力大小相等，方向相反，電場(chǎng)力向上，所以小球帶負(fù)電． 設(shè)小球恰能靜止時(shí)M、N兩極板間的電壓為U，板間電場(chǎng)強(qiáng)度為E，則 mg=Eq 解得：U=10V （2）小球恰能靜止時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律有 解得 R2=10Ω （3）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使pb段的阻值R3=7.5Ω，設(shè)電場(chǎng)穩(wěn)定時(shí)的電壓為U3，則 解得：U3=7.5V． 設(shè)小球c到達(dá)桿的中點(diǎn)O時(shí)的速度為v，則 解得：v=0.5m/s 答：（1）小小

63、球帶負(fù)電，M、N兩極板間的電壓為10V； （2）滑動(dòng)變阻器pb段的阻值為10Ω； （3）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使pb段的阻值R3=7.5Ω，待電場(chǎng)重新穩(wěn)定后釋放小球c，小球c到達(dá)桿的中點(diǎn)O時(shí)的速度大小為0.5m/s． 點(diǎn)評(píng)： 本題為電路與電場(chǎng)結(jié)合的題目，要求學(xué)生能正確掌握電容器的規(guī)律及電路的相關(guān)知識(shí)，能明確極板間的電壓等于與之并聯(lián)的電阻兩端的電壓． 24．（12分）在如圖所示的坐標(biāo)系中，x軸沿水平方向，y軸沿豎直方向．在第一、第二象限內(nèi)，既無(wú)電場(chǎng)也無(wú)磁場(chǎng)，在第三象限，存在沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)和垂直xy平面（紙面）向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在第四象限，存在與第三象限相同的勻強(qiáng)電場(chǎng)，還有一個(gè)等腰直角

64、三角形區(qū)域OMN，∠OMN為直角，MN邊有擋板，已知擋板MN的長(zhǎng)度為2L．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子，從y軸上y=L處的P1點(diǎn)以一定的水平初速度沿x軸負(fù)方向進(jìn)入第二象限，然后經(jīng)過(guò)x軸上x=﹣2L處的P2點(diǎn)進(jìn)入第三象限，帶電粒子恰好能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，之后經(jīng)過(guò)y軸上y=﹣2L處的P3點(diǎn)進(jìn)入第四象限．已知重力加速度為g．求： （1）粒子到達(dá)P2點(diǎn)時(shí)速度的大小和方向； （2）第三象限空間中磁感應(yīng)強(qiáng)度的大?。? （3）現(xiàn)在等腰直角三角形區(qū)域OMN內(nèi)加一垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，要使粒子經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后能打到擋板MN上，求所加磁場(chǎng)的方向和磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的范圍． 考點(diǎn)： 帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)

65、動(dòng)；帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)． 專題： 帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題． 分析： （1）帶電粒子先做平拋運(yùn)動(dòng)，將運(yùn)動(dòng)分解成水平方向勻速直線運(yùn)動(dòng)與豎直方向自由落體運(yùn)動(dòng)，從而求出粒子到達(dá)P2點(diǎn)時(shí)速度的大小和方向； （2）當(dāng)帶電粒子進(jìn)入電場(chǎng)、磁場(chǎng)與重力場(chǎng)中時(shí)，重力與電場(chǎng)力相平衡，洛倫茲力提供向心力使其做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由平衡可得出電場(chǎng)強(qiáng)度大小，再幾何關(guān)系可求出磁感應(yīng)強(qiáng)度大小． （3）粒子最后粒子進(jìn)入電場(chǎng)與重力場(chǎng)中時(shí)，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)臨界條件，畫出相應(yīng)的根據(jù)，結(jié)合幾何關(guān)系即可求得磁感應(yīng)強(qiáng)度的范圍． 解答： 解：（1）質(zhì)點(diǎn)從P1到P2做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)粒子初速度為v0

66、，到達(dá)P2點(diǎn)時(shí)速度的大小為v，方向與x軸負(fù)方向成θ角，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，y軸方向速度大小為vy，則， 2L=v0t，vy=gt 解得：v=，方向與x軸負(fù)方向成45角． （2）質(zhì)點(diǎn)從P2到P3，帶電粒子恰好能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所以重力與電場(chǎng)力平衡．P2P3垂直于速度方向，粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的圓心在P2P3上，即P2P3是直徑，設(shè)第三象限磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，圓周運(yùn)動(dòng)半徑為R，則 （2R）2=（2L）2+（2L）2 解得 （3）粒子進(jìn)入等腰直角三角形區(qū)域時(shí)，速度垂直于OM，且從OM的中點(diǎn)進(jìn)入，要使質(zhì)點(diǎn)直接打到MN板上，根據(jù)左手定則，可知所加磁場(chǎng)的方向垂直紙面向外． 如圖所示，當(dāng)粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，偏轉(zhuǎn)半徑最大時(shí)恰好與ON相切，偏轉(zhuǎn)半徑最小時(shí)，OM的一半為圓周的直徑，設(shè)最大半徑為R1，最小半徑為R2，則 解得 由于粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，有 解得 ＜B＜ 答：（1）粒子到達(dá)P2點(diǎn)時(shí)速度的大小是，方向與x軸負(fù)方向成45角； （2）第三象限空間中磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小是； （3）所加