《高考數(shù)學(xué)廣東專用文科復(fù)習(xí)配套課時(shí)訓(xùn)練：第六篇 不等式 第2節(jié)　一元二次不等式及其解法含答案》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《高考數(shù)學(xué)廣東專用文科復(fù)習(xí)配套課時(shí)訓(xùn)練：第六篇 不等式 第2節(jié)　一元二次不等式及其解法含答案（8頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、 高考數(shù)學(xué)精品復(fù)習(xí)資料 2019.5 第2節(jié)　一元二次不等式及其解法 課時(shí)訓(xùn)練 練題感 提知能 【選題明細(xì)表】 知識(shí)點(diǎn)、方法 題號(hào) 一元二次不等式的解法 1、3、7、8、12 分式不等式的解法 2 恒成立問題 9、10、11、15 實(shí)際應(yīng)用問題 4、16 綜合應(yīng)用 5、6、13、14 A組 一、選擇題 1.(20xx渭南模擬)函數(shù)y=x-x2-3x+4的定義域?yàn)?　B　) (A)(-∞,-4)∪(1,+∞) (B)(-4,1) (C)

2、(-4,0)∪(0,1) (D)(-1,4) 解析:由-x2-3x+4>0得x2+3x-4<0, 解得-4

3、125 (B)80125 解析:5x2-a≤0,得-a5≤x≤a5, 而正整數(shù)解是1,2,3,4, 則4≤a5<5, ∴80≤a<125. 故選A. 4.(20xx沈陽(yáng)模擬)某商場(chǎng)若將進(jìn)貨單價(jià)為8元的商品按每件10元出售,每天可銷售100件,現(xiàn)準(zhǔn)備采用提高售價(jià)來增加利潤(rùn).已知這種商品每件銷售價(jià)提高1元,銷售量就要減少10件.那么要保證每天所賺的利潤(rùn)在320元以上,銷售價(jià)每件應(yīng)定為(　C　) (A)12元 (B)16元 (C)12元到16元之間 (D)10元到14元之間 解析:設(shè)銷售價(jià)定為每件x元,利

4、潤(rùn)為y,則: y=(x-8)[100-10(x-10)], 依題意有,(x-8)[100-10(x-10)]>320, 即x2-28x+192<0, 解得120在R上恒成立”的一個(gè)必要不充分條件是(　C　) (A)m>14 (B)00 (D)m>1 解析:不等式x2-x+m>0在R上恒成立, 則有Δ=1-4m<0, ∴m>14, ∴它的一個(gè)必要不充分條件應(yīng)為m>0.故選C. 6.(20xx莆田二模)不等式(x2-2)log2x>0的解集

5、是(　A　) (A)(0,1)∪(2,+∞) (B)(-2,1)∪(2,+∞) (C)(2,+∞) (D)(-2,2) 解析:原不等式等價(jià)于x2-2>0,log2x>0或x2-2<0,log2x<0, ∴x>2或0

6、. 解析:令x2-2ax-3a2=0, 得x1=3a,x2=-a. 又a<0, ∴不等式的解集為{x|3a0時(shí),f(x)=(x-1)2;若當(dāng)x∈-2,-12時(shí),n≤f(x)≤m恒成立,則m-n的最小值為　　　　. 解析:當(dāng)x<0時(shí),-x>0,f(x)=f(-x)=(x+1)2, ∵x∈-2,-12, ∴f(x)min=f(-1)=0, f(x)max=f(-2)=1, ∴m≥1,n≤0,m-n≥1. 答案:1 10.(20xx威海質(zhì)檢)不等式ax2+4x+a>1-2x2對(duì)一切x∈R恒成立

7、,則實(shí)數(shù)a的取值范圍是　　　　. 解析:由題意知,不等式(a+2)x2+4x+a-1>0對(duì)一切x∈R恒成立, 顯然a=-2時(shí),不等式4x-3>0不恒成立,a≠-2時(shí)應(yīng)有a+2>0,Δ=16-4(a+2)(a-1)<0, 解得a>2. 答案:(2,+∞) 11.定義在R上的運(yùn)算:x*y=x(1-y),若不等式(x-y)*(x+y)<1對(duì)一切實(shí)數(shù)x恒成立,則實(shí)數(shù)y的取值范圍是　　　　. 解析:∵(x-y)*(x+y)=(x-y)(1-x-y)= x-x2-y+y2<1, ∴-y+y2

8、解得-120,Δ=(2a)2-4a≤0, ∴00, ∴當(dāng)x=-1時(shí),f(x)min

9、=1-a, 由題意得,1-a=22, ∴a=12, ∴不等式x2-x-a2-a<0可化為x2-x-34<0. 解得-12

10、. ②當(dāng)a∈[-1,+∞)時(shí),f(x)min=f(a)=2-a2, 由2-a2≥a,解得-2≤a≤1. 又a≥-1, ∴-1≤a≤1. 綜上所述,所求a的取值范圍為-3≤a≤1. 法二　由已知得x2-2ax+2-a≥0在[-1,+∞)上恒成立, 令g(x)=x2-2ax+2-a,即Δ=4a2-4(2-a)≤0, 或Δ>0,a≤-1,g(-1)≥0, 解得-3≤a≤1. B組 14.(20xx廈門模擬)對(duì)于實(shí)數(shù)x,當(dāng)n≤x

11、(C){x|2≤x≤8} (D){x|2

12、∴0≤sin α≤12. ∴0≤α≤π6或5π6≤α≤π. 答案:[0,π6]∪[5π6,π] 16.一個(gè)服裝廠生產(chǎn)風(fēng)衣,月銷售量x(件)與售價(jià)p(元/件)之間的關(guān)系為p=160-2x,生產(chǎn)x件的成本R=500+30x(元). (1)該廠月產(chǎn)量多大時(shí),月利潤(rùn)不少于1300元? (2)當(dāng)月產(chǎn)量為多少時(shí),可獲得最大利潤(rùn),最大利潤(rùn)是多少? 解:(1)由題意知,月利潤(rùn)y=px-R, 即y=(160-2x)x-(500+30x)=-2x2+130x-500. 由月利潤(rùn)不少于1300元,得-2x2+130x-500≥1300. 即x2-65x+900≤0, 解得20≤x≤45. 故該廠月產(chǎn)量在20~45件范圍內(nèi)時(shí),月利潤(rùn)不少于1300元. (2)由(1)得, y=-2x2+130x-500=-2(x-652)2+32252, 由題意知,x為正整數(shù). 故當(dāng)x=32或33時(shí),y最大為1612. 所以當(dāng)月產(chǎn)量為32或33件時(shí),可獲最大利潤(rùn),最大利潤(rùn)為1612元.