《高三數(shù)學(xué)第29練 正弦定理、余弦定理練習(xí)》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《高三數(shù)學(xué)第29練 正弦定理、余弦定理練習(xí)（6頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、 第29練 正弦定理、余弦定理 訓(xùn)練目標(biāo) (1)正弦定理、余弦定理；(2)解三角形． 訓(xùn)練題型 (1)正弦定理、余弦定理及其應(yīng)用；(2)三角形面積；(3)三角形形狀判斷；(4)解三角形的綜合應(yīng)用． 解題策略 (1)解三角形時(shí)可利用正弦、余弦定理列方程(組)；(2)對(duì)已知兩邊和其中一邊的對(duì)角解三角形時(shí)要根據(jù)圖形和“大邊對(duì)大角”判斷解的情況；(3)判斷三角形形狀可通過三角變換或因式分解尋求邊角關(guān)系. 一、選擇題 1．(20xx·隆化期中)在△ABC中，如果sin A∶sin B∶sin C＝2∶3∶4，那么cosC等于(　　) A. B．－ C．－ D．－

2、2．北京第29屆奧運(yùn)會(huì)開幕式上舉行升旗儀式，在坡度15°的看臺(tái)上，同一列上的第一排和最后一排測(cè)得旗桿頂部的仰角分別為60°和30°，第一排和最后一排的距離為10米(如圖所示)，旗桿底部與第一排在一個(gè)水平面上，已知國(guó)歌長(zhǎng)度為50秒，升旗手勻速升旗的速度為(　　) A.(米/秒) B.(米/秒) C.(米/秒) D.(米/秒) 3．(20xx·安慶檢測(cè))在△ABC中，內(nèi)角A、B、C的對(duì)邊分別是a、b、c.若a2－c2＝bc，sin B＝2sin C，則A等于(　　) A.π B.π C. D. 4．(20xx·武漢調(diào)研)

3、在△ABC中，角A，B，C的對(duì)邊分別為a，b，c，且b2＝a2＋bc，A＝，則角C等于(　　) A. B. C. D.或 5．(20xx·衡水中學(xué)第二學(xué)期調(diào)研)設(shè)銳角△ABC的內(nèi)角A，B，C所對(duì)的邊分別為a，b，c，且a＝1，B＝2A，則b的取值范圍為(　　) A．(，) B．(1，) C．(，2) D．(0,2) 6．(20xx·東營(yíng)期中)在△ABC中，角A，B，C所對(duì)的邊分別為a，b，c，S表示△ABC的面積，若acosB＋bcosA＝csinC，S＝(b2＋c2－a2)，則B等于(　　) A．90° B．60° C．45

4、° D．30° 7．(20xx·山西大學(xué)附中期中)已知三個(gè)向量m＝，n＝，p＝共線，其中a、b、c、A、B、C分別是△ABC的三條邊及相對(duì)三個(gè)角，則△ABC的形狀是(　　) A．等腰三角形 B．等邊三角形 C．直角三角形 D．等腰直角三角形 8．已知點(diǎn)O是△ABC的外接圓圓心，且AB＝3，AC＝4.若存在非零實(shí)數(shù)x，y，使得＝x＋y，且x＋2y＝1，則cos∠BAC的值為(　　) A. B. C. D. 二、填空題 9．△ABC中，A、B、C是其內(nèi)角，若sin 2A＋sin(A－C)－sin B＝0，則△ABC的形狀是_____________

5、_____． 10．(20xx·惠州二調(diào))在△ABC中，設(shè)角A，B，C的對(duì)邊分別是a，b，c，且∠C＝60°，c＝，則＝________. 11．(20xx·佛山期中)如圖，一艘船以每小時(shí)15 km的速度向東航行，船在A處看到一燈塔M在北偏東60°方向，行駛4 h后，船到達(dá)B處，看到這個(gè)燈塔在北偏東15°方向，這時(shí)船與燈塔的距離為________ km. 12．(20xx·吉安期中)在△ABC中，D為BC邊上一點(diǎn)，若△ABD是等邊三角形，且AC＝4，則△ADC的面積的最大值為________.  答案精析 1．D

6、　[由正弦定理可得sin A∶sin B∶sin C＝a∶b∶c＝2∶3∶4，可設(shè)a＝2k，b＝3k，c＝4k(k>0)，由余弦定理可得cosC＝＝＝－.] 2．A　[由條件得△ABD中，∠DAB＝45°，∠ABD＝105°，∠ADB＝30°，AB＝10，由正弦定理得BD＝·AB＝20，則在Rt△BCD中，CD＝20×sin 60°＝30，所以速度v＝＝(米/秒)，故選A.] 3．D　[已知sin B＝2sin C，利用正弦定理化簡(jiǎn)得b＝2c，代入a2－c2＝bc， 得a2－c2＝6c2，即a＝c，∴cosA＝＝＝. ∵

7、A為三角形內(nèi)角，∴A＝，故選D.] 4．B　[在△ABC中，由余弦定理，得cosA＝，即＝，所以b2＋c2－a2＝bc，又b2＝a2＋bc，所以c2＋bc＝bc，所以c＝(－1)b<b，a＝b， 所以cosC＝＝，所以C＝.] 5．A　[∵B＝2A，∴sin B＝sin 2A， ∴sin B＝2sin AcosA，∴b＝2acos A， 又∵a＝1，∴b＝2cos A. ∵△ABC為銳角三角形， ∴0<A<，0<B<，0<C<， 即0<A<，0<2A<，0<π－A－2A<， ∴<A<，∴

8、<cosA<， ∴<2cos A<，∴b∈(，)．] 6．C　[由正弦定理可知acosB＋bcosA＝2Rsin AcosB＋2Rsin BcosA＝2Rsin(A＋B)＝2Rsin C＝2Rsin C·sinC，∴sin C＝1，C＝90°.∴S＝ab＝(b2＋c2－a2)，解得a＝b，因此B＝45°. 故選C.] 7．B　[∵m＝與n＝共線，∴acos＝bcos， 由正弦定理，得sin Acos＝sin Bcos， ∵sin A＝2sin cos，sin B＝2sin cos， ∴2sin coscos＝2sin cosc

9、os， 化簡(jiǎn)，得sin ＝sin . 又0<<，0<<， ∴＝，可得A＝B. 同理，由n＝與p＝共線得到B＝C， ∴A＝B＝C，可得△ABC是等邊三角形．] 8．A　[設(shè)線段AC的中點(diǎn)為點(diǎn)D，則直線OD⊥AC. 因?yàn)椋絰＋y，所以＝x＋2y. 又x＋2y＝1，所以點(diǎn)O、B、D三點(diǎn)共線， 即點(diǎn)B在線段AC的中垂線上，則AB＝BC＝3. 在△ABC中，由余弦定理，得cos∠BAC＝＝.故選A.] 9．等腰或直角三角形 解析　因?yàn)閟in 2A＋sin(A－C)－sin B ＝sin 2A＋sin(A－C)－sin(A＋C) ＝2sin AcosA－

10、2sin CcosA ＝2cos A(sin A－sin C)＝0， 所以cosA＝0或sin A＝sin C， 所以A＝或A＝C. 故△ABC為等腰或直角三角形． 10．4 解析　由正弦定理知＝＝2，所以a＝2sin A， 代入得原式＝＝4·＝4. 11．30 解析　依題意有AB＝15×4＝60，∠MAB＝30°，∠AMB＝45°， 在△AMB中，由正弦定理得＝，解得BM＝30. 12．4 解析　在△ACD中，cos∠ADC＝＝＝－， 整理得AD2＋DC2＝48－AD·DC≥2AD·DC， ∴AD·DC≤16，當(dāng)且僅當(dāng)AD＝CD時(shí)等號(hào)成立， ∴△ADC的面積S＝AD·DC· sin∠ADC＝AD·DC≤4.