《高考理科數(shù)學(xué) 第一輪復(fù)習(xí)測(cè)試題18》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《高考理科數(shù)學(xué) 第一輪復(fù)習(xí)測(cè)試題18（6頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、 A級(jí)　基礎(chǔ)達(dá)標(biāo)演練 (時(shí)間：40分鐘　滿分：60分) 一、選擇題(每小題5分，共25分) 1．(20xx遼寧)函數(shù)f(x)的定義域?yàn)镽，f(－1)＝2，對(duì)任意x∈R，f′(x)＞2，則f(x)＞2x＋4的解集為(　　)． A．(－1,1) B．(－1，＋∞) C．(－∞，－1) D．(－∞，＋∞) 解析　法一　由x∈R，f(－1)＝2，f′(x)＞2，可設(shè)f(x)＝4x＋6，則由4x＋6＞2x＋4，得x＞－1，選B. 法二　設(shè)g(x)＝f(x)－2x－4，則g(－1)＝f(－1)－2(－1)－4＝0，g′(x)＝f′(x)－2＞0，g(x)在R上為增函數(shù)．

2、 由g(x)＞0，即g(x)＞g(－1)． ∴x＞－1，選B. 答案　B 2．(★)(20xx課標(biāo)全國(guó))下列函數(shù)中，既是偶函數(shù)又在(0，＋∞)單調(diào)遞增的函數(shù)是(　　)． A．y＝x3 B．y＝|x|＋1 C．y＝－x2＋1 D．y＝2－|x| 解析　(篩選法)對(duì)于A：y＝x3為奇函數(shù)，不合題意；對(duì)于C，D：y＝－x2＋1和y＝2－|x|在(0，＋∞)上單調(diào)遞減，不合題意；對(duì)于B：y＝|x|＋1的圖象如圖所示，知y＝|x|＋1符合題意，故選B. 答案　B 【點(diǎn)評(píng)】 采用篩選法，根據(jù)選項(xiàng)中的函數(shù)的圖象和性質(zhì)逐一篩選. 3．(20xx宿州模擬)已知偶函數(shù)f(x)在區(qū)間[

3、0，＋∞)單調(diào)增加，則滿足f(2x－1)＜f的x的取值范圍是(　　)． A. B. C. D. 解析　f(x)是偶函數(shù)，其圖象關(guān)于y軸對(duì)稱，又f(x)在[0，＋∞)上遞增，∴f(2x－1)＜f?|2x－1|＜?＜x＜.故選A. 答案　A 4．已知函數(shù)f(x)＝(a＞0，且a≠1)是(－∞，＋∞)上的減函數(shù)，則a的取值范圍是(　　)． A. B. C. D. 解析　由f(x)是(－∞，＋∞)上的減函數(shù)，可得化簡(jiǎn)得0＜a≤. 答案　A 5．函數(shù)f(x)＝ln(4＋3x－x2)的單調(diào)遞減區(qū)間是(　　)． A. B. C. D. 解析　函數(shù)f(x)的

4、定義域是(－1,4)，u(x)＝－x2＋3x＋4＝－2＋的減區(qū)間為， ∵e＞1，∴函數(shù)f(x)的單調(diào)減區(qū)間為. 答案　D 二、填空題(每小題4分，共12分) 6．函數(shù)y＝ln 的單調(diào)遞增區(qū)間是________． 解析　本題考查復(fù)合函數(shù)單調(diào)區(qū)間的確定；據(jù)題意需滿足>0即函數(shù)定義域?yàn)?－1,1)，原函數(shù)的遞增區(qū)間即為函數(shù)u(x)＝在(－1,1)上的遞增區(qū)間，由于u′(x)＝()′＝>0.故函數(shù)u(x)＝的遞增區(qū)間(－1,1)即為原函數(shù)的遞增區(qū)間． 答案　(－1,1) 7．(20xx徐州模擬)已知函數(shù)f(x)＝2ax2＋4(a－3)x＋5在區(qū)間(－∞，3)上是減函數(shù)，則a的取值范圍是_

5、_______． 解析　①當(dāng)a＝0時(shí)，f(x)＝－12x＋5在(－∞，3)上為減函數(shù)；②當(dāng)a＞0時(shí)，要使f(x)＝2ax2＋4(a－3)x＋5在區(qū)間(－∞，3)上是減函數(shù)，則對(duì)稱軸x＝必在x＝3的右邊，即≥3，故0＜a≤；③當(dāng)a＜0時(shí)，不可能在區(qū)間(－∞，3)上恒為減函數(shù)．綜合知：a的取值范圍是. 答案　 8．(20xx合肥二模)已知定義在R上的奇函數(shù)f(x)滿足f(x)＝x2＋2x(x≥0)，若f(3－a2)＞f(2a)，則實(shí)數(shù)a的取值范圍是________． 解析　依題意得，函數(shù)f(x)＝x2＋2x在[0，＋∞)上是增函數(shù)，又因?yàn)閒(x)是R上的奇函數(shù)，所以函數(shù)f(x)是R上的增函

6、數(shù)，要使f(3－a2)＞f(2a)，只需3－a2＞2a.由此解得－3＜a＜1，即實(shí)數(shù)a的取值范圍是(－3,1)． 答案　(－3,1) 三、解答題(共23分) 9．(11分)已知函數(shù)y＝f(x)在(0，＋∞)上為增函數(shù)且f(x)＜0，試判斷F(x)＝在(0，＋∞)上的單調(diào)性并證明． 解　F(x)在(0，＋∞)上為減函數(shù). 下面給出證明： 任取x1、x2∈(0，＋∞)且Δx＝x2－x1＞0， ∵F(x2)－F(x1)＝－＝， ∵y＝f(x)在(0，＋∞)上為增函數(shù)且Δx＝x2－x1＞0， ∴Δy＝f(x2)－f(x1)＞0，即f(x2)＞f(x1)，∴f (x1)－f(x2)＜

7、0，而f(x1)＜0，f(x2)＜0，∴f(x1)f(x2)＞0， ∴F(x2)－F(x1)＜0， ∴F(x)在(0，＋∞)上為減函數(shù)． 10．(12分)(20xx上海)已知函數(shù)f(x)＝a2x＋b3x，其中常數(shù)a，b滿足ab≠0. (1)若ab＞0，判斷函數(shù)f(x)的單調(diào)性； (2)若ab＜0，求f(x＋1)＞f(x)時(shí)的x的取值范圍． 解　(1)當(dāng)a＞0，b＞0時(shí)，因?yàn)閍2x，b3x都單調(diào)遞增，所 以函數(shù)f(x)單調(diào)遞增； 當(dāng)a＜0，b＜0時(shí)，因?yàn)閍2x，b3x都單調(diào)遞減， 所以函數(shù)f(x)單調(diào)遞減． (2)f(x＋1)－f(x)＝a2x＋2b3x＞0. (i)當(dāng)a＜

8、0，b＞0時(shí)，x＞－， 解得x＞log； (ii)當(dāng)a＞0，b＜0時(shí)，x＜－， 解得x＜log. B級(jí)　綜合創(chuàng)新備選 (時(shí)間：30分鐘　滿分：40分) 一、選擇題(每小題5分，共10分) 1．(20xx西安質(zhì)檢)設(shè)函數(shù)y＝f(x)在(－∞，＋∞)內(nèi)有定義，對(duì)于給定的正數(shù)K，定義函數(shù)fK(x)＝取函數(shù)f(x)＝2－|x|，當(dāng)K＝時(shí)，函數(shù)fK(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為(　　)． A．(－∞，0) B．(0，＋∞) C．(－∞，－1) D．(1，＋∞) 解析　f(x)＝ ? f(x)＝ f(x)的圖象如上圖所示，因此f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為(－∞，－1)． 答

9、案　C 2．已知函數(shù)f(x)＝x2－2ax＋a，在區(qū)間(－∞，1)上有最小值，則函數(shù)g(x)＝在區(qū)間(1，＋∞)上一定(　　)． A．有最小值 B．有最大值 C．是減函數(shù) D．是增函數(shù) 解析　由題意a＜1，又函數(shù)g(x)＝x＋－2a在[，＋∞)上為增函數(shù)，故選D. 答案　D 二、填空題(每小題4分，共8分) 3．(20xx江蘇)已知函數(shù)f(x)＝則滿足不等式f(1－x2)>f(2x)的x的范圍是________． 解析　f(x)＝的圖象如圖所示， 不等式f(1－x2)>f(2x)等價(jià)于 或 解得－1

10、南質(zhì)檢)已知函數(shù)f(x)＝(a是常數(shù)且a＞0)．對(duì)于下列命題： ①函數(shù)f(x)的最小值是－1； ②函數(shù)f(x)在R上是單調(diào)函數(shù)； ③若f(x)＞0在上恒成立，則a的取值范圍是a＞1； ④對(duì)任意的x1＜0，x2＜0且x1≠x2，恒有f＜ . 其中正確命題的序號(hào)是__________(寫出所有正確命題的序號(hào))． 解析　(數(shù)形結(jié)合法)根據(jù)題意可畫出草圖，由圖象可知，①顯然正確；函數(shù)f(x)在R上不是單調(diào)函數(shù)，故②錯(cuò)誤；若f(x)＞0在上恒成立，則2a－1＞0，a＞1，故③正確；由圖象可知在(－∞，0)上對(duì)任意的x1＜0，x2＜0 且x1≠x2，恒有f＜成立， 故④正確． 答

11、案　①③④ 【點(diǎn)評(píng)】 采用數(shù)形結(jié)合法.注意本題中的③和④的理解，此題充分體現(xiàn)了數(shù)形結(jié)合法的直觀性與便捷性. 三、解答題(共22分) 5．(10分)已知f(x)＝(x≠a)． (1)若a＝－2，試證f(x)在(－∞，－2)內(nèi)單調(diào)遞增； (2)若a＞0且f(x)在(1，＋∞)內(nèi)單調(diào)遞減，求a的取值范圍． (1)證明　任設(shè)x1＜x2＜－2， 則f(x1)－f(x2)＝－＝. ∵(x1＋2)(x2＋2)＞0，x1－x2＜0， ∴f(x1)＜f(x2)，∴f(x)在(－∞，－2)內(nèi)單調(diào)遞增． (2)解　任設(shè)1＜x1＜x2，則 f(x1)－f(x2)＝－＝. ∵a＞0，x2－x1＞

12、0， ∴要使f(x1)－f(x2)＞0，只需(x1－a)(x2－a)＞0在(1，＋∞)內(nèi)恒成立，∴a≤1.綜上知0＜a≤1. 6．(12分)函數(shù)f(x)對(duì)任意的a、b∈R，都有f(a＋b)＝f(a)＋f(b)－1，并且當(dāng)x>0時(shí)，f(x)>1. (1)求證：f(x)是R上的增函數(shù)； (2)若f(4)＝5，解不等式f(3m2－m－2)<3. (1)證明　設(shè)x1，x2∈R，且x10，∴f(x2－x1)>1. f(x2)－f(x1)＝f[(x2－x1)＋x1]－f(x1) ＝f(x2－x1)＋f(x1)－1－f(x1)＝f(x2－x1)－1>0. ∴f(x2)>f(x1)．即f(x)是R上的增函數(shù)． (2)解　∵f(4)＝f(2＋2)＝f(2)＋f(2)－1＝5， ∴f(2)＝3， ∴原不等式可化為f(3m2－m－2)