《高考物理大二輪復(fù)習(xí) 第6講 功能關(guān)系和能量守恒專(zhuān)題復(fù)習(xí)指導(dǎo)課件》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《高考物理大二輪復(fù)習(xí) 第6講 功能關(guān)系和能量守恒專(zhuān)題復(fù)習(xí)指導(dǎo)課件（43頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、物理物理大二輪復(fù)習(xí)大二輪復(fù)習(xí)專(zhuān)題整合突破專(zhuān)題二能量與動(dòng)量專(zhuān)題二能量與動(dòng)量第第6講功能關(guān)系和能量守恒講功能關(guān)系和能量守恒1微網(wǎng)構(gòu)建微網(wǎng)構(gòu)建2高考真題高考真題3熱點(diǎn)聚焦熱點(diǎn)聚焦4復(fù)習(xí)練案復(fù)習(xí)練案微網(wǎng)構(gòu)建微網(wǎng)構(gòu)建高考真題高考真題AB 熱點(diǎn)聚焦熱點(diǎn)聚焦 1是否守恒從兩個(gè)角度判斷 (1)若只有物體重力和彈簧彈力做功，則物體和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，多用于一個(gè)物體與地球構(gòu)成的系統(tǒng)。 (2)若系統(tǒng)只有動(dòng)能和勢(shì)能的相互轉(zhuǎn)化，沒(méi)有機(jī)械能與其他形式的能的相互轉(zhuǎn)化，如摩擦熱等，則系統(tǒng)機(jī)械能守恒，多用于兩個(gè)及兩個(gè)以上的物體與地球構(gòu)成的系統(tǒng)。熱點(diǎn)一機(jī)械能守恒的判斷及應(yīng)用熱點(diǎn)一機(jī)械能守恒的判斷及應(yīng)用 2怎樣守恒三種表達(dá)

2、形式典例典例1 (1)求彈簧的勁度系數(shù)； (2)求物塊A滑至b處，繩子斷后瞬間，A對(duì)圓軌道的壓力大?。?(3)為了讓物塊A能進(jìn)入圓軌道且不脫軌，則bc間的距離應(yīng)滿足什么條件？ 應(yīng)用機(jī)械能守恒定律解題時(shí)的兩點(diǎn)注意 (1)要注意研究對(duì)象的選取 研究對(duì)象的選取是解題的首要環(huán)節(jié)，有的問(wèn)題選單個(gè)物體(實(shí)為一個(gè)物體與地球組成的系統(tǒng))為研究對(duì)象時(shí)，機(jī)械能不守恒，但選此物體與其他幾個(gè)物體組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，機(jī)械能卻是守恒的。如圖所示，單獨(dú)選物體A機(jī)械能減少，但由物體A、B二者組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒。方法總結(jié)方法總結(jié) (2)要注意研究過(guò)程的選取 有些問(wèn)題研究對(duì)象的運(yùn)動(dòng)過(guò)程分幾個(gè)階段，有的階段機(jī)械能守恒，而有的階

3、段機(jī)械能不守恒。因此，在應(yīng)用機(jī)械能守恒定律解題時(shí)要注意過(guò)程的選取。BD 功是能量轉(zhuǎn)化的量度，是能量轉(zhuǎn)化的標(biāo)志熱點(diǎn)二幾個(gè)重要功能關(guān)系的應(yīng)用熱點(diǎn)二幾個(gè)重要功能關(guān)系的應(yīng)用 功能量轉(zhuǎn)化重力做功重力所做的功等于物體重力勢(shì)能的變化量彈力做功彈力所做的功等于物體彈性勢(shì)能的變化量電場(chǎng)力做功電場(chǎng)力所做的功等于物體電勢(shì)能的變化量合外力做功合外力的功等于物體動(dòng)能的變化量(動(dòng)能定理) 提示：表中前三行中的力做多少正功，對(duì)應(yīng)能量就減少多少，表中第四、五行中的力做多少正功，對(duì)應(yīng)能量就增加多少。功能量轉(zhuǎn)化除重力和彈力做功外，其他力的合功除重力和彈力做功外，其他力(包括其他外力、摩擦力等)的合功等于物體機(jī)械能的變化量摩擦力的

4、相對(duì)功(摩擦力與相對(duì)路程的乘積)摩擦力與相對(duì)路程的乘積為系統(tǒng)的發(fā)熱量克服安培力做功克服安培力做的功等于電路中的總焦耳熱 A磅秤的示數(shù)等于mg B磅秤的示數(shù)等于0.1 mg C人的動(dòng)能增加了0.9 mgh D人的機(jī)械能增加了1.1 mgh 解析根據(jù)牛頓第二定律得：Fmgma解得：Fmgma1.1 mg，即磅秤的示數(shù)等于1.1mg，故A、B錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)能定理得：EkW合mah0.1mgh，故C錯(cuò)誤；人上升h，則重力做功為mgh，可知重力勢(shì)能增大mgh，動(dòng)能增加0.1 mgh，則機(jī)械能增大了1.1 mgh，故D正確。D 典例典例2 BC A a球的動(dòng)能始終減小 B b球克服彈簧彈力做的功是桿對(duì)b球做

5、功的3倍 C 彈簧對(duì)b球做的功等于a、b兩球機(jī)械能的變化量 D b球到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)桿對(duì)a球的作用力等于mg 解析剛開(kāi)始接觸時(shí)，由于彈簧的彈力還小于兩者的重力，所以此時(shí)兩球仍做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)彈簧的彈力等于兩者的重力時(shí)，兩者速度達(dá)到最大，之后彈力大于兩者的重力，兩球做減速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；兩球的加速度始終相等，設(shè)為a，根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)a球有F桿mgma，對(duì)b球有F彈2mgF桿2ma，解得F彈3F桿。因位移相等， 則由WFL可知，彈簧對(duì)b球做功的大小是桿對(duì)b球做功的3倍，即b球克服彈簧彈力做的功是桿對(duì)b球做功的3倍，故B正確；將兩球看做一個(gè)整體，整體除了重力做功之外就是彈力做功，由功能關(guān)系可知彈簧對(duì)b

6、球做的功等于a、b兩球機(jī)械能的變化量，C正確；到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)ab均具有向上的加速度，此時(shí)a球受向上的桿的作用力一定大于本身的重力，故D錯(cuò)誤。 1應(yīng)用能量守恒定律的兩條基本思路 (1)某種形式的能減少，一定存在其他形式的能增加，且減少量和增加量一定相等，即E減E增 (2)某個(gè)物體的能量減少，一定存在其他物體的能量增加，且減少量和增加量一定相等，即EA減EB增 2當(dāng)涉及摩擦力做功時(shí)，機(jī)械能不守恒，一般應(yīng)用能量的轉(zhuǎn)化和守恒定律，特別注意摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能QFfx相對(duì)，x相對(duì)為相對(duì)滑動(dòng)的兩物體間相對(duì)滑動(dòng)路徑的總長(zhǎng)度熱點(diǎn)三能量守恒定律的綜合應(yīng)用熱點(diǎn)三能量守恒定律的綜合應(yīng)用典例典例3 (1)若P的質(zhì)量為m，求P到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度的大小，以及它離開(kāi)圓軌道后落回到AB上的位置與B點(diǎn)間的距離； (2)若P能滑上圓軌道，且仍能沿圓軌道滑下，求P的質(zhì)量的取值范圍。 應(yīng)用能量守恒解決問(wèn)題的一般步驟 (1)分清有多少種形式的能(如動(dòng)能、勢(shì)能、內(nèi)能、電能等)在變化 (2)分別列出減少的能量E減和增加的能量E增的表達(dá)式 (3)列恒等式：E減E增方法總結(jié)方法總結(jié)