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1、 1

2、 1 第六十四課時 條件概率與事件的獨立 課前預(yù)習案 考綱要求 1.理解條件概率和兩個事件相互獨立的概念； 2.掌握n次獨立重復(fù)試驗及二項分布的概念； 3.掌握二項分布的含義，會從實際問題中抽象出二項分布模型． 基礎(chǔ)知識梳理 1． 條件概率及其性質(zhì) 條件概率的定義 條件概率公式 對于任何兩個事件A和B，在已知事件A發(fā)生的條件下，事件B發(fā)生的概率叫做條件概率，

3、用符號“ ”表示 P(B|A)＝ ，其中P(A)>0，A∩B稱為事件A與B的交(或積). 2． 事件的獨立性 (1)相互獨立的定義： 事件A是否發(fā)生對事件B發(fā)生的概率 ，即 ，這時，稱兩個事件A，B相互獨立，并把這兩個事件叫做相互獨立事件． (2)概率公式： 條件 公式 A，B相互獨立 P(A∩B)＝ A1，A2，…，An相互獨立 P(A1∩A2∩…∩An)＝ 3． 獨立重復(fù)試驗與二項分布 (1)獨立重復(fù)試驗： ①定義：在 的條件下，重復(fù)地做n次試驗，各次

4、試驗的結(jié)果 ，那么一般就稱它們?yōu)閚次獨立重復(fù)試驗． ②概率公式：在一次試驗中事件A發(fā)生的概率為p，則n次獨立重復(fù)試驗中，事件A恰好發(fā)生k次的概率為Pn(k)＝ (k＝0,1,2，…，n)． (2)二項分布： 在n次獨立重復(fù)試驗中，事件A發(fā)生的次數(shù)用X表示，事件A不發(fā)生的概率為q＝1－p，則n次獨立重復(fù)試驗中事件A恰好發(fā)生k次的概率是P(X＝k)＝ ，其中k＝0,1,2，…，n.于是X的分布列： X 0 1 … k … n P … … 此時稱離散型隨機變量X服從參數(shù)為n，p的二項分布，

5、記作X～ . 預(yù)習自測 1． 如圖所示的電路，有a，b，c三個開關(guān)，每個開關(guān)開或關(guān)的概率都是， 且是相互獨立的，則燈泡甲亮的概率為________． 2． 某次知識競賽規(guī)則如下：在主辦方預(yù)設(shè)的5個問題中，選手若能連續(xù)正確回答出兩個問題，即停止答題，晉級下一輪．假設(shè)某選手正確回答每個問題的概率都是0.8，且每個問題的回答結(jié)果相互獨立，則該選手恰好回答了4個問題就晉級下一輪的概率為________． 3． (20xx·課標全國)某一部件由三個電子元件按如圖所示方式連接而成，元件1或元件2正常工作，且元件3正常工作，則部件正常工作，設(shè)三個電子元件的使用壽命(單位：小時)均

6、服從正態(tài)分布N(1 000,502)，且各個元件能否正常工作相互獨立，那么該部件的使用壽命超過1 000小時的概率為________． 4． 把一枚硬幣連續(xù)拋兩次，記“第一次出現(xiàn)正面”為事件A，“第二次出現(xiàn)正面”為事件B，則P(B|A)等于 (　　) A. B. C. D. 5． 如果X～B，則使P(X＝k)取最大值的k值為 (　　) A．3 B．4 C．5 D．3或4 課堂探究案 典型例題 考點1 　條件概率 【典例1】在100件產(chǎn)品中有95件合格品，5件不合格品．現(xiàn)從中不放回地取兩次，每次任取一 件，則在第一次取到不

7、合格品后，第二次再次取到不合格品的概率為________． 【變式1】如圖，EFGH是以O(shè)為圓心，半徑為1的圓的內(nèi)接正方形．將 一顆豆子隨機地扔到該圓內(nèi)，用A表示事件“豆子落在正方形EFGH 內(nèi)”，B表示事件“豆子落在扇形OHE(陰影部分)內(nèi)”，則 (1)P(A)＝________； (2)P(B|A)＝________. 考點2　相互獨立事件的概率 【典例2】甲、乙兩個籃球運動員互不影響地在同一位置投球，命中率分別為與p，且乙投球2 次均未命中的概率為. (1)求乙投球的命中率p； (2)求甲投球2次，至少命中1次的概率； (3)若甲、乙兩人各投球2次，求共命中

8、2次的概率． 【變式2】紅隊隊員甲、乙、丙與藍隊隊員A、B、C進行圍棋比賽，甲對A、乙對B、丙對C各一盤．已知甲勝A、乙勝B、丙勝C的概率分別為0.6,0.5,0.5.假設(shè)各盤比賽結(jié)果相互獨立． (1)求紅隊至少兩名隊員獲勝的概率； (2)用ξ表示紅隊隊員獲勝的總盤數(shù)，求ξ的分布列和數(shù)學期望E(ξ)． 考點3　獨立重復(fù)試驗與二項分布 【典例3】某氣象站天氣預(yù)報的準確率為80%，計算：(結(jié)果保留到小數(shù)點后第2位) (1)5次預(yù)報中恰有2次準確的概率； (2)5次預(yù)報中至少有2次準確的概率； (3)5次預(yù)報中恰有2次準確，且其中第3次預(yù)報準確的概率． 【變式3】某

9、地區(qū)為下崗人員免費提供財會和計算機培訓(xùn)，以提高下崗人員的再就業(yè)能力，每名下崗人員可以選擇參加一項培訓(xùn)、參加兩項培訓(xùn)或不參加培訓(xùn)，已知參加過財會培訓(xùn)的有60%，參加過計算機培訓(xùn)的有75%，假設(shè)每個人對培訓(xùn)項目的選擇是相互獨立的，且各人的選擇相互之間沒有影響． (1)任選1名下崗人員，求該人參加過培訓(xùn)的概率； (2)任選3名下崗人員，記X為3人中參加過培訓(xùn)的人數(shù)，求X的分布列． 當堂檢測 1．從1,2,3,4,5中任取2個不同的數(shù)，事件A＝“取到的2個數(shù)之和為偶數(shù)”，事件B＝“取到的2個數(shù)均為偶數(shù)”，則P(B|A)等于 (　　) A. B. C. D. 2．

10、 如圖，用K、A1、A2三類不同的元件連接成一個系統(tǒng)．當K正常工作且A1、A2至少有一個正常工作時，系統(tǒng)正常工作．已知K、A1、A2正常工作的概率依次為0.9、0.8、0.8，則系統(tǒng)正常工作的概率為(　　) A．0.960 B．0.864 C．0.720 D．0.576 3．甲、乙兩隊進行排球決賽，現(xiàn)在的情形是甲隊只要再贏一局就獲冠軍，乙隊需要再贏兩局才能得冠軍，若兩隊勝每局的概率相同，則甲隊獲得冠軍的概率為(　　) A. B. C. D. 4． 已知隨機變量X服從二項分布X～B(6，)，則P(X＝2)等于 (　　) A. B.

11、 C. D. 5． 明天上午李明要參加奧運志愿者活動，為了準時起床，他用甲、乙兩個鬧鐘叫醒自己．假設(shè)甲鬧鐘準時響的概率為0.80，乙鬧鐘準時響的概率是0.90，則兩個鬧鐘至少有一個準時響的概率是________． 課后拓展案 A組全員必做題 1． 某種元件的使用壽命超過1年的概率為0.6，使用壽命超過2年的概率為0.3，則使用壽命超過1年的元件還能繼續(xù)使用的概率為 (　　) A．0.3 B．0.5 C．0.6 D．1 2． 位于坐標原點的一個質(zhì)點P按下述規(guī)則移動：質(zhì)點每次移動一個單位；移動的方向為向上或向右，并且向上、向右移動的概率都是.

12、質(zhì)點P移動五次后位于點(2,3)的概率是(　　) A.5 B．C5 C．C3 D．CC5 3． 兩個實習生每人加工一個零件，加工為一等品的概率分別為和，兩個零件是否加工為一等品相互獨立，則這兩個零件中恰有一個一等品的概率為 (　　) A. B. C. D. 4． 在一段線路中并聯(lián)兩個自動控制的常用開關(guān)，只要其中有一個開關(guān) 能夠閉合，線路就能正常工作．假定在某段時間內(nèi)每個開關(guān)能夠閉 合的概率都是0.7，則這段時間內(nèi)線路正常工作的概率為_______． 5． 某籃球隊員在比賽中每次罰球的命中率相同，且在兩次罰球中至多命中一次的概率為，則

13、該隊員每次罰球的命中率為________． 6． 市場上供應(yīng)的燈泡中，甲廠產(chǎn)品占70%，乙廠產(chǎn)品占30%，甲廠產(chǎn)品的合格率是95%，乙廠產(chǎn)品的合格率是80%，則從市場上買到一個是甲廠生產(chǎn)的合格燈泡的概率是______． B組提高選做題 1.甲罐中有5個紅球，2個白球和3個黑球，乙罐中有4個紅球，3個白球和3個黑球．先從甲罐中隨機取出一球放入乙罐，分別以A1，A2和A3表示由甲罐取出的球是紅球，白球和黑球的事件；再從乙罐中隨機取出一球，以B表示由乙罐取出的球是紅球的事件，則下列結(jié)論中正確的是________．(寫出所有正確結(jié)論的編號) ①P(B)＝；

14、 ②P(B|A1)＝； ③事件B與事件A1相互獨立； ④A1，A2，A3是兩兩互斥的事件； ⑤P(B)的值不能確定，因為它與A1，A2，A3中究竟哪一個發(fā)生有關(guān)． 2．某籃球隊與其他6支籃球隊依次進行6場比賽，每場均決出勝負，設(shè)這支籃球隊與其他籃球隊比賽勝場的事件是獨立的，并且勝場的概率是. (1)求這支籃球隊首次勝場前已經(jīng)負了兩場的概率； (2)求這支籃球隊在6場比賽中恰好勝了3場的概率． 3.某公司是否對某一項目投資，由甲、乙、丙三位決策人投票決定，他們?nèi)硕加小巴狻?、“中立”、“反對”三類票各一張，投票時，每人必須且只能投一張票，每人投三類票中的任何一類票的概率都

15、為，他們的投票相互沒有影響，規(guī)定：若投票結(jié)果中至少有兩張“同意”票，則決定對該項目投資；否則，放棄對該項目的投資． (1)求該公司決定對該項目投資的概率； (2)求該公司放棄對該項目投資且投票結(jié)果中最多有一張“中立”票的概率． 參考答案 預(yù)習自測 1． 【答案】 【解析】理解事件之間的關(guān)系，設(shè)“a閉合”為事件A，“b閉合”為事件B，“c閉合”為事件C，則燈亮應(yīng)為事件AC，且A，C，之間彼此獨立，且P(A)＝P()＝P(C)＝. 所以P(AC)＝P(A)P()P(C)＝. 2．【答案】0.128 【解析】依題意可知，該選手的第二個問題必答錯，第三、四個問題必答對，故該選手恰好回

16、答了4個問題就晉級下一輪的概率P＝1×0.2×0.8×0.8＝0.128. 3．【答案】 【解析】設(shè)元件1,2,3的使用壽命超過1 000小時的事件分別記為A，B，C，顯然P(A)＝P(B)＝P(C)＝， ∴該部件的使用壽命超過1 000小時的事件為(＋＋AB)C， ∴該部件的使用壽命超過1 000小時的概率 P＝×＝. 4． 【答案】　A 【解析】　P(B|A)＝＝＝. 5． 【答案】　D 【解析】　∵P(X＝3)＝C312，P(X＝4)＝C411， P(X＝5)＝C510，從而易知P(X＝3)＝P(X＝4)>P(X＝5)． 典型例題 【典例1】【答案】 【解析】方

17、法一　設(shè)A＝{第一次取到不合格品}，B＝{第二次取到不合格品}，則P(AB)＝， 所以P(B|A)＝＝＝. 方法二　第一次取到不合格品后還剩余99件產(chǎn)品，其中有4件不合格品， 故第二次取到不合格品的概率為. 【變式1】【答案】（1）；（2） 【解析】(1)由題意可得，事件A發(fā)生的概率 P(A)＝＝＝. (2)事件AB表示“豆子落在△EOH內(nèi)”， 則P(AB)＝＝＝. 故P(B|A)＝＝＝. 【典例2】【解】　(1)方法一　設(shè)“甲投一次球命中”為事件A，“乙投一次球命中”為事件B. 由題意得[1－P(B)]2＝(1－p)2＝， 解得p＝或p＝(舍去)， 所以乙投球的命中

18、率為. 方法二　設(shè)“甲投一次球命中”為事件A，“乙投一次球命中”為事件B. 由題意得：P()P()＝， 于是P()＝或P()＝－(舍去)． 故p＝1－P()＝. 所以乙投球的命中率為. (2)方法一　由題設(shè)知，P(A)＝，P()＝. 故甲投球2次，至少命中1次的概率為 1－P(·)＝. 方法二　由題設(shè)知，P(A)＝，P()＝. 故甲投球2次，至少命中1次的概率為 CP(A)P()＋P(A)P(A)＝. (3)由題設(shè)和(1)知， P(A)＝，P()＝，P(B)＝，P()＝. 甲、乙兩人各投球2次，共命中2次有三種情況：甲、乙兩人各中一次；甲中2次，乙2次均不中；甲2次

19、均不中，乙中2次． 概率分別為CP(A)P()CP(B)P()＝， P(A)P(A)P()P()＝， P()P()P(B)P(B)＝. 所以甲、乙兩人各投球2次，共命中2次的概率為 ＋＋＝. 【變式2】解　(1)設(shè)甲勝A的事件為D，乙勝B的事件為E，丙勝C的事件為F，則，，分別表示甲不勝A，乙不勝B，丙不勝C的事件． 因為P(D)＝0.6，P(E)＝0.5，P(F)＝0.5， 由對立事件的概率公式知P()＝0.4，P()＝0.5， P()＝0.5. 紅隊至少兩人獲勝的事件有DE，DF，EF，DEF. 由于以上四個事件兩兩互斥且各盤比賽的結(jié)果相互獨立， 因此紅隊至少兩人獲

20、勝的概率為 P＝P(DE)＋P(DF)＋P(EF)＋P(DEF) ＝0.6×0.5×0.5＋0.6×0.5×0.5＋0.4×0.5×0.5＋0.6×0.5×0.5＝0.55. (2)由題意知ξ可能的取值為0,1,2,3. 又由(1)知 F，E，D 是兩兩互斥事件，且各盤比賽的結(jié)果相互獨立， 因此P(ξ＝0)＝P( )＝0.4×0.5×0.5＝0.1， P(ξ＝1)＝P( F)＋P(E)＋P(D ) ＝0.4×0.5×0.5＋0.4×0.5×0.5＋0.6×0.5×0.5 ＝0.35， P(ξ＝3)＝P(DEF)＝0.6×0.5×0.5＝0.15. 由對立事件的概率公式得

21、 P(ξ＝2)＝1－P(ξ＝0)－P(ξ＝1)－P(ξ＝3)＝0.4. 所以ξ的分布列為 ξ 0 1 2 3 P 0.1 0.35 0.4 0.15 因此E(ξ)＝0×0.1＋1×0.35＋2×0.4＋3×0.15＝1.6. 【典例3】解 令X表示5次預(yù)報中預(yù)報準確的次數(shù)，則X～B，故其分布列為P(X＝k)＝Ck5－k(k＝0,1,2,3,4,5)． (1)“5次預(yù)報中恰有2次準確”的概率為P(X＝2)＝C×2×3＝10××≈0.05. (2)“5次預(yù)報中至少有2次準確”的概率為P(X≥2)＝1－P(X＝0)－P(X＝1)＝1－C×0×5－C××4＝1－0.00

22、0 32－0.006 4≈0.99. (3)“5次預(yù)報中恰有2次準確，且其中第3次預(yù)報準確”的概率為C××3×≈0.02. 【變式3】解　(1)任選1名下崗人員，記“該人參加過財會培訓(xùn)”為事件A，“該人參加過計算機培訓(xùn)”為事件B，由題設(shè)知，事件A與B相互獨立，且P(A)＝0.6，P(B)＝0.75. 所以，該下崗人員沒有參加過培訓(xùn)的概率是 P( )＝P()·P()＝(1－0.6)(1－0.75)＝0.1. ∴該人參加過培訓(xùn)的概率為1－0.1＝0.9. (2)因為每個人的選擇是相互獨立的，所以3人中參加過培訓(xùn)的人數(shù)X服從二項分布X～B(3,0.9)， P(X＝k)＝C0.9k×0.

23、13－k，k＝0,1,2,3， ∴X的分布列是 X 0 1 2 3 P 0.001 0.027 0.243 0.729 當堂檢測 1．【答案】B 【解析】P(A)＝＝，P(AB)＝＝， P(B|A)＝＝. 2． 【答案】B 【解析】　方法一　由題意知K，A1，A2正常工作的概率分別為P(K)＝0.9，P(A1)＝0.8，P(A2)＝0.8， ∵K，A1，A2相互獨立， ∴A1，A2至少有一個正常工作的概率為P(A2)＋P(A12)＋P(A1A2)＝(1－0.8)×0.8＋0.8×(1－0.8)＋0.8×0.8＝0.96. ∴系統(tǒng)正常工作的概率為P(K

24、)[P(A2)＋P(A12)＋P(A1A2)]＝0.9×0.96＝0.864. 方法二　A1，A2至少有一個正常工作的概率為1－P(1 2)＝1－(1－0.8)(1－0.8)＝0.96，∴系統(tǒng)正常工作的概率為P(K)[1－P(1 2)]＝0.9×0.96＝0.864. 3【答案】D 【解析】甲隊若要獲得冠軍，有兩種情況，可以直接勝一局，獲得冠軍，概率為，也可以乙隊先勝一局，甲隊再勝一局，概率為×＝，故甲隊獲得冠軍的概率為＋＝. 4．【答案】　D 【解析】　P(X＝2)＝C(24＝. 5．【答案】　0.98 【解析】　1－(1-0.80)(1-0.90)＝1－0.02＝0.98.

25、 A組全員必做題 1． 【答案】　B 【解析】　設(shè)事件A為“該元件的使用壽命超過1年”，B為“該元件的使用壽命超過2年”，則P(A)＝0.6，P(B)＝0.3. 因為B?A，所以P(AB)＝P(B)＝0.3，于是P(B|A)＝＝＝0.5. 2．【答案】　B 3．【答案】B 【解析】設(shè)事件A：甲實習生加工的零件為一等品； 事件B：乙實習生加工的零件為一等品， 則P(A)＝，P(B)＝， 所以這兩個零件中恰有一個一等品的概率為 P(A)＋P(B)＝P(A)P()＋P()P(B) ＝×＋×＝. 4． 【答案】　0.91 【解析】線路不能正常工作的概率為P( )＝P()P(

26、)＝(1－0.7)(1－0.7)＝0.09. ∴能夠正常工作的概率為1－0.09＝0.91. 5．【答案】　 【解析】　設(shè)該隊員每次罰球的命中率為p(其中0

27、件B與A1的發(fā)生有關(guān)系，故錯誤； ④A1，A2，A3不可能同時發(fā)生，是互斥事件，正確． 2．解　(1)P＝2×＝. 所以這支籃球隊首次勝場前已負兩場的概率為； (2)6場勝3場的情況有C種， ∴P＝C33＝20××＝. 所以這支籃球隊在6場比賽中恰好勝3場的概率為. 3.解　(1)該公司決定對該項目投資的概率為 P＝C2＋C3＝. (2)該公司放棄對該項目投資且投票結(jié)果中最多有一張“中立”票，有以下四種情形： “同意”票張數(shù) “中立”票張數(shù) “反對”票張數(shù) 事件A 0 0 3 事件B 1 0 2 事件C 1 1 1 事件D 0 1 2 P(A)＝C3＝， P(B)＝C3＝， P(C)＝CC3＝， P(D)＝C3＝. ∵A、B、C、D互斥， ∴P(A∪B∪C∪D)＝P(A)＋P(B)＋P(C)＋P(D)＝.