《新版高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí)學(xué)案訓(xùn)練課件： 課時(shí)分層訓(xùn)練21 正弦定理和余弦定理 文 北師大版》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《新版高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí)學(xué)案訓(xùn)練課件： 課時(shí)分層訓(xùn)練21 正弦定理和余弦定理 文 北師大版（6頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

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2、 1 課時(shí)分層訓(xùn)練(二十一)　正弦定理和余弦定理 A組　基礎(chǔ)達(dá)標(biāo) (建議用時(shí)：30分鐘) 一、選擇題 1．(20xx·蘭州模擬)設(shè)△ABC的內(nèi)角A，B，C所對(duì)的邊分別為a，b，c，若bcos C＋ccos B＝asin A，則△ABC的形狀為(　　) A．銳角三角形 B．直角三角形 C．鈍角三角形 D．不確定 B　[由正弦定理得sin Bcos C＋sin Ccos

3、B＝sin2A， ∴sin(B＋C)＝sin2A， 即sin(π－A)＝sin2A，sin A＝sin2A． ∵A∈(0，π)，∴sin A＞0，∴sin A＝1，即A＝.] 2．在△ABC中，已知b＝40，c＝20，C＝60°，則此三角形的解的情況是(　　) A．有一解 B．有兩解 C．無(wú)解 D．有解但解的個(gè)數(shù)不確定 C　[由正弦定理得＝， ∴sin B＝＝＝＞1. ∴角B不存在，即滿(mǎn)足條件的三角形不存在．] 3．(20xx·天津高考)在△ABC中，若AB＝，BC＝3，∠C＝120°，則AC＝(　　) A．1　　　　 B．2　　　　 C．3　　　　 D．4 A　[由

4、余弦定理得AB2＝AC2＋BC2－2AC·BC·cos C，即13＝AC2＋9－2AC×3×cos 120°，化簡(jiǎn)得AC2＋3AC－4＝0，解得AC＝1或AC＝－4(舍去)．故選A．] 4．(20xx·石家莊模擬)△ABC中，AB＝，AC＝1，∠B＝30°，則△ABC的面積等于(　　) 【導(dǎo)學(xué)號(hào)：00090111】 A． B． C．或 D．或 D　[由余弦定理得AC2＝AB2＋BC2－2AB·BC·cos B， 即1＝3＋BC2－3BC，解得BC＝1或BC＝2， 當(dāng)BC＝1時(shí)，△ABC的面積S＝AB·BCsin B＝××1×＝. 當(dāng)BC＝2時(shí)，△ABC的面積S＝AB·BCsi

5、n B＝××2×＝. 總上之，△ABC的面積等于或.] 5．(20xx·全國(guó)卷Ⅲ)在△ABC中，B＝，BC邊上的高等于BC，則sin A＝(　　) A． B． C． D． D　[過(guò)A作AD⊥BC于D，設(shè)BC＝a，由已知得AD＝.∵B＝，∴AD＝BD，∴BD＝AD＝，DC＝a，∴AC＝＝a，在△ABC中，由正弦定理得＝， ∴sin ∠BAC＝，故選D．] 二、填空題 6．(20xx·青島模擬)如圖3-6-1所示，在△ABC中，已知點(diǎn)D在BC邊上，AD⊥AC，sin∠BAC＝，AB＝3，AD＝3，則BD的長(zhǎng)為_(kāi)_______． 【導(dǎo)學(xué)號(hào)：00090112】

6、 圖3-6-1 　[∵sin∠BAC＝sin(90°＋∠BAD)＝cos∠BAD＝， ∴在△ABD中，有BD2＝AB2＋AD－2AB·ADcos∠BAD， ∴BD2＝18＋9－2×3×3×＝3， ∴BD＝.] 7．已知△ABC中，AB＝，BC＝1，sin C＝cos C，則△ABC的面積為_(kāi)_______． 　[由sin C＝cos C得tan C＝＞0，所以C＝. 根據(jù)正弦定理可得＝，即＝＝2， 所以sin A＝.因?yàn)锳B＞BC，所以A＜C，所以A＝，所以B＝，即三角形為直角三角形， 故S△ABC＝××1＝.] 8．(20xx·全國(guó)卷Ⅱ)△ABC的內(nèi)角A，B，C的對(duì)邊

7、分別為a，b，c，若2bcos B＝acos C＋ccos A，則B＝________. 　[由2bcos B＝acos C＋ccos A及正弦定理， 得2sin Bcos B＝sin Acos C＋sin Ccos A． ∴2sin Bcos B＝sin(A＋C)． 又A＋B＋C＝π，∴A＋C＝π－B． ∴2sin Bcos B＝sin(π－B)＝sin B． 又sin B≠0，∴cos B＝.∴B＝.] 三、解答題 9．(20xx·陜西八校聯(lián)考)已知△ABC內(nèi)接于單位圓，角A，B，C的對(duì)邊分別為a，b，c，且2acos A＝ccos B＋bcos C． (1)求cos A

8、的值； (2)若b2＋c2＝4，求△ABC的面積． [解]　(1)∵2acos A＝ccos B＋bcos C， ∴2sin A·cos A＝sin Ccos B＋sin Bcos C， 即2sin A·cos A＝sin(B＋C)＝sin A． 4分 又0＜A＜π，∴sin A≠0. ∴2cos A＝1，cos A＝. 6分 (2)由(1)知cos A＝，∴sin A＝. ∵△ABC內(nèi)接于單位圓，＝2R＝2，∴a＝2sin A＝. 8分 由a2＝b2＋c2－2bccos A，得bc＝b2＋c2－a2＝4－3＝1， 10分 ∴S△ABC＝bcsin A＝×1×＝. 1

9、2分 10．(20xx·云南二次統(tǒng)一檢測(cè))△ABC的內(nèi)角A，B，C的對(duì)邊分別為a，b，c，m＝(sin B,5sin A＋5sin C)與n＝(5sin B－6sin C，sin C－sin A)垂直． (1)求sin A的值； (2)若a＝2，求△ABC的面積S的最大值． 【導(dǎo)學(xué)號(hào)：00090113】 [解]　(1)∵m＝(sin B,5sin A＋5sin C)與n＝(5sin B－6sin C，sin C－sin A)垂直，∴m·n＝5sin2B－6sin Bsin C＋5sin2C－5sin2A＝0， 即sin2B＋sin2C－sin2A＝. 3分 根據(jù)正弦定理得b2

10、＋c2－a2＝， 由余弦定理得cos A＝＝. ∵A是△ABC的內(nèi)角， ∴sin A＝＝. 6分 (2)由(1)知b2＋c2－a2＝， ∴＝b2＋c2－a2≥2bc－a2. 8分 又∵a＝2，∴bc≤10. ∵△ABC的面積S＝bcsin A＝≤4， ∴△ABC的面積S的最大值為4. 12分 B組　能力提升 (建議用時(shí)：15分鐘) 1．(20xx·山東高考)△ABC中，角A，B，C的對(duì)邊分別是a，b，c已知b＝c，a2＝2b2(1－sin A)，則A＝(　　) A． B． C． D． C　[∵b＝c，∴B＝C． 又由A＋B＋C＝π得B＝－. 由正弦

11、定理及a2＝2b2(1－sin A)得 sin2A＝2sin2B(1－sin A)， 即sin2A＝2sin2(1－sin A)， 即sin2A＝2cos2(1－sin A)， 即4sin2cos2＝2cos2(1－sin A)， 整理得cos2＝0， 即cos2(cos A－sin A)＝0. ∵0＜A＜π，∴0＜＜，∴cos ≠0， ∴cos A＝sin A．又0＜A＜π，∴A＝.] 2．如圖3-6-2，在△ABC中，∠B＝45°，D是BC邊上的點(diǎn)，AD＝5，AC＝7，DC＝3，則AB的長(zhǎng)為_(kāi)_______． 圖3-6-2 　[在△ADC中，AD＝5，AC＝7

12、，DC＝3， 由余弦定理得cos ∠ADC＝＝－， 所以∠ADC＝120°，∠ADB＝60°. 在△ABD中，AD＝5，∠B＝45°，∠ADB＝60°， 由正弦定理得＝， 所以AB＝.] 3．(20xx·昆明模擬)如圖3-6-3，在四邊形ABCD中，∠DAB＝，AD∶AB＝2∶3，BD＝，AB⊥BC． 圖3-6-3 (1)求sin∠ABD的值； (2)若∠BCD＝，求CD的長(zhǎng). 【導(dǎo)學(xué)號(hào)：00090114】 [解]　(1)∵AD∶AB＝2∶3，∴可設(shè)AD＝2k，AB＝3k. 又BD＝，∠DAB＝， ∴由余弦定理，得()2＝(3k)2＋(2k)2－2×3k×2kcos， 解得k＝1，∴AD＝2，AB＝3， sin∠ABD＝＝＝. (2)∵AB⊥BC，∴cos∠DBC＝sin∠ABD＝， ∴sin∠DBC＝，∴＝， ∴CD＝＝.