《新版高考數(shù)學(xué)文科江蘇版1輪復(fù)習(xí)練習(xí)：第2章 基本初等函數(shù)、導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用 6 第6講分層演練直擊高考 Word版含解析》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《新版高考數(shù)學(xué)文科江蘇版1輪復(fù)習(xí)練習(xí)：第2章 基本初等函數(shù)、導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用 6 第6講分層演練直擊高考 Word版含解析（6頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、111已知 f(x)2x2x，若 f(a)3，則 f(2a)_解析：由 f(a)3 得 2a2a3，兩邊平方得 22a22a29，即 22a22a7，故 f(2a)7.答案：72已知 a20.2，b0.40.2，c0.40.6，則 a，b，c 的大小關(guān)系為_解析：由 0.20.6，0.40.40.6，即 bc；因為 a20.21，b0.40.2b.綜上，abc.答案：abc3若函數(shù) f(x)ax1(a0，a1)的定義域和值域都是0，2，則實數(shù) a_解析：當(dāng) a1 時，f(x)ax1 在0，2上為增函數(shù)，則 a212，所以 a 3，又因為 a1，所以 a 3.當(dāng) 0a1 時，f(x)ax1 在0

2、，2上為減函數(shù)，又因為 f(0)02，所以 0a0，a1)且 f(1)9，則 f(x)的單調(diào)遞減區(qū)間是_解析：由 f(1)9 得 a29，所以 a3.因此 f(x)3|2x4|，又因為 g(x)|2x4|的遞減區(qū)間為(，2，所以 f(x)的單調(diào)遞減區(qū)間是(，2答案：(，27函數(shù) y14x12x1 在 x3，2上的值域是_解析：因為 x3，2，若令 t12x，則 t14，8.則 yt2t1t12234.當(dāng) t12時，ymin34；當(dāng) t8 時，ymax57.所以所求函數(shù)值域為34，57.答案：34，578已知函數(shù) f(x)e|xa|(a 為常數(shù))若 f(x)在區(qū)間1，)上是增函數(shù)，則 a 的取值

3、范圍是_解析：因為 yeu是 R 上的增函數(shù)，所以 f(x)在1，)上單調(diào)遞增，只需 u|xa|在1，)上單調(diào)遞增，由函數(shù)圖象可知 a1.答案：(，19(20 xx安徽江淮十校第一次聯(lián)考)已知 maxa，b表示 a，b 兩數(shù)中的最大值若 f(x)maxe|x|，e|x2|，則 f(x)的最小值為_解析：由于 f(x)maxe|x|，e|x2|ex，x1，e2x，x1.當(dāng) x1 時，f(x)e，且當(dāng) x1 時，取得最小值 e；當(dāng) xe.故 f(x)的最小值為 f(1)e.答案：e10 若函數(shù) f(x)axxa(a0， 且 a1)有兩個零點， 則實數(shù) a 的取值范圍是_解析：令 axxa0 即 a

4、xxa，若 0a1， yax與 yxa 的圖象如圖所示有兩個公共點答案：(1，)11已知函數(shù) f(x)bax(其中 a，b 為常量且 a0，a1)的圖象經(jīng)過點 A(1，6)，B(3，24)(1)試確定 f(x)；(2)若不等式1ax1bxm0 在 x(，1上恒成立，求實數(shù) m 的取值范圍解：(1)因為 f(x)bax的圖象過點 A(1，6)，B(3，24)，所以ba6，ba324，得 a24，又 a0 且 a1，所以 a2，b3，所以 f(x)32x.(2)由(1)知1ax1bxm0 在(，1上恒成立化為 m12x13x在(，1上恒成立令 g(x)12x13x，則 g(x)在(，1上單調(diào)遞減，

5、所以 mg(x)ming(1)121356，故所求實數(shù) m 的取值范圍是，56 .12已知函數(shù) f(x)13ax24x3.(1)若 a1，求 f(x)的單調(diào)區(qū)間；(2)若 f(x)有最大值 3，求 a 的值；(3)若 f(x)的值域是(0，)，求 a 的值解：(1)當(dāng) a1 時，f(x)13x24x3，令 g(x)x24x3，由于 g(x)在(，2)上單調(diào)遞增，在(2，)上單調(diào)遞減，而 y13t在 R 上單調(diào)遞減，所以 f(x)在(，2)上單調(diào)遞減，在(2，)上單調(diào)遞增，即函數(shù) f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間是(2，)，單調(diào)遞減區(qū)間是(，2)(2)令 g(x)ax24x3，f(x)13g（x），由于

6、f(x)有最大值 3，所以 g(x)應(yīng)有最小值1，因此必有a0，3a4a1，解得 a1，即當(dāng) f(x)有最大值 3 時，a 的值等于 1.(3)由指數(shù)函數(shù)的性質(zhì)知，要使 y13g（x）的值域為(0，)應(yīng)使 g(x)ax24x3 的值域為 R，因此只能 a0.(因為若 a0，則 g(x)為二次函數(shù)，其值域不可能為 R)故 a 的值為 0.1設(shè)函數(shù) f(x)1x，x0，ex，x0，若 F(x)f(x)x，xR，則 F(x)的值域為_解析：當(dāng) x0 時，F(xiàn)(x)1xx2；當(dāng) x0 時，F(xiàn)(x)exx，根據(jù)指數(shù)函數(shù)與一次函數(shù)的單調(diào)性，F(xiàn)(x)是單調(diào)遞增函數(shù)，F(xiàn)(x)F(0)1，所以 F(x)的值域為(

7、，12，)答案：(，12，)2若關(guān)于 x 的方程|ax1|2a(a0 且 a1)有兩個不等實根，則 a 的取值范圍是_解析：方程|ax1|2a(a0 且 a1)有兩個不同實數(shù)根轉(zhuǎn)化為函數(shù) y|ax1|與 y2a 有兩個交點當(dāng) 0a1 時，如圖(1)，所以 02a1，即 0a1 時，如圖(2)，而 y2a1 不符合要求綜上，0a0，a1)；g(x)0；若f（1）g（1）f（1）g（1）52，則 a 等于_解析：由 f(x)axg(x)得f（x）g（x）ax，所以f（1）g（1）f（1）g（1）52aa152，解得 a2 或12.答案：2 或124已知函數(shù) f(x)|2x1|，abf(c)f(b)

8、，則下列結(jié)論中，一定成立的是_a0，b0，c0；a0；2a2c；2a2c2.解析：畫出函數(shù) f(x)|2x1|的圖象(如圖)，由圖象可知，a0.故錯；因為 f(a)|2a1|，f(c)|2c1|，所以|2a1|2c1|，即 12a2c1，故 2a2c2 2ac，所以 2ac1，所以 acc，所以 2a2c，不成立答案：5(20 xx蘇錫常鎮(zhèn)四市調(diào)研)已知函數(shù) f(x)2a4x2x1.(1)當(dāng) a1 時，求函數(shù) f(x)在 x3，0上的值域；(2)若關(guān)于 x 的方程 f(x)0 有解，求 a 的取值范圍解：(1)當(dāng) a1 時，f(x)24x2x12(2x)22x1，令 t2x，x3，0，則 t1

9、8，1.故 y2t2t12t14298，t18，1，故值域為98，0.(2)關(guān)于 x 的方程 2a(2x)22x10 有解，設(shè) 2xm0，等價于方程 2am2m10 在(0，)上有解，記 g(m)2am2m1，當(dāng) a0 時，解為 m10，不成立當(dāng) a0 時，開口向下，對稱軸 m14a0 時，開口向上，對稱軸 m14a0，過點(0，1)，必有一個根為正，所以 a0.6設(shè)函數(shù) f(x)kaxax(a0 且 a1)是定義域為 R 的奇函數(shù)(1)若 f(1)0，試求不等式 f(x22x)f(x4)0 的解集；(2)若 f(1)32，且 g(x)a2xa2x4f(x)，求 g(x)在1，)上的最小值解：

10、因為 f(x)是定義域為 R 的奇函數(shù)，所以 f(0)0，所以 k10，即 k1.(1)因為 f(1)0，所以 a1a0，又 a0 且 a1，所以 a1，f(x)axax，因為 f(x)axln aaxln a(axax)ln a0，所以 f(x)在 R 上為增函數(shù)原不等式可化為 f(x22x)f(4x)，所以 x22x4x，即 x23x40，所以 x1 或 x1 或 x4(2)因為 f(1)32，所以 a1a32，即 2a23a20，所以 a2 或 a12(舍去)，所以 g(x)22x22x4(2x2x)(2x2x)24(2x2x)2.令 t(x)2x2x(x1)，則 t(x)在(1，)為增函數(shù)(由(1)可知)，即 t(x)t(1)32，所以原函數(shù)變?yōu)?w(t)t24t2(t2)22，所以當(dāng) t2 時，w(t)min2，此時 xlog2(1 2)即 g(x)在 xlog2(1 2)時取得最小值2.