4、＋3＝－i，i4n＝1，那么，i＋i2＋i3＋i4＋…＋i2 014＋i2 015的值為 (C)
A．0 B．1 C．－1 D．i
二、填空題(每題6分，共18分)
4．[2016·達州]對于任意實數(shù)m，n，定義一種運算m※n＝mn－m－n＋3，等式的右邊是通常的加減和乘法運算．例如：3※5＝3×5－3－5＋3＝10.請根據(jù)上述定義解決問題：若a<2※x<7，且解集中有兩個整數(shù)解，則a的取值范圍是__4≤a＜5__．
【解析】 ∵2※x＝2x－2－x＋3＝x＋1，
∴a＜x＋1＜7，
即a－1＜x＜6，
若解集中有兩個整數(shù)
5、解，
則這兩個整數(shù)解為5，4，
即有，解得4≤a＜5.
5．[2016·成都]如果關(guān)于x的一元二次方程ax2＋bx＋c＝0有兩個實數(shù)根，且其中一個根為另一個根的2倍，則稱這樣的方程為“倍根方程”，以下關(guān)于倍根方程的說法，正確的是__②③__．(寫出所有正確說法的序號)
①方程x2－x－2＝0是倍根方程；
②若(x－2)(mx＋n)＝0是倍根方程，則4m2＋5mn＋n2＝0；
③若點(p，q)在反比例函數(shù)y＝的圖象上，則關(guān)于x的方程px2＋3x＋q＝0是倍根方程；
④若方程ax2＋bx＋c＝0是倍根方程，且相異兩點M(1＋t，s)，N(4－t，s)都在拋物線y＝ax2＋bx＋c上，
6、則方程ax2＋bx＋c＝0的一個根為.
【解析】 研究一元二次方程ax2＋bx＋c＝0是倍根方程的一般性結(jié)論，設(shè)其中一根為t，則另一個根為2t，因此ax2＋bx＋c＝a(x－t)(x－2t)＝ax2－3atx＋2t2a.所以有b2－ac＝0；我們記K＝b2－ac，即K＝0時，方程ax2＋bx＋c＝0為倍根方程；下面我們根據(jù)此結(jié)論來解決問題：
對于①，K＝b2－ac＝10，因此①錯誤；
對于②，mx2＋(n－2m)x－2n＝0，
K＝(n－2m)2－m(－2n)＝0?4m2＋5mn＋n2＝0，因此②正確；
對于③，顯然pq＝2，而K＝32－pq＝0，因此③正確；
對于④，由M(1＋t
7、，s)，N(4－t，s)知－＝＝?b＝－5a，由倍根方程的結(jié)論知b2－ac＝0，從而有c＝a，所以方程變?yōu)閍x2－5ax＋a＝0?9x2－45x＋50＝0?x1＝，x2＝，因此④錯誤．
綜上可知，正確的選項有②③.
6．[2017·宜賓]規(guī)定sin(－x)＝－sinx，cos(－x)＝cosx，sin(x＋y)＝sinx·cosy＋cosx·siny，據(jù)此判斷下列等式成立的是__②③④__(寫出所有正確的序號)．
①cos(－60°)＝－；
②sin75°＝；
③sin2x＝2sinx·cosx；
④sin(x－y)＝sinx·cosy－cosx·siny.
【解析】 ①cos(
8、－60°)＝cos60°＝，故①錯誤；
②sin75°＝sin(30°＋45°)＝sin30°·cos45°＋cos30°·sin45°＝×＋×＝＋＝，故②正確；
③sin2x＝sinx·cosx＋cosx·sinx＝2sinx·cosx，故③正確；
④sin(x－y)＝sinx·cos(－y)＋cosx·sin(－y)＝sinx·cosy－cosx·siny，故④正確．
三、解答題(共24分)
7．(12分)[2016·紹興]如果拋物線y＝ax2＋bx＋c過定點M(1，1)，則稱此拋物線為定點拋物線．
(1)張老師在投影屏幕上出示了一個題目：請你寫出一條定點拋物線的一個解析式．小
9、敏寫出了一個答案：y＝2x2＋3x－4，請你寫出一個不同于小敏的答案；
(2)張老師又在投影屏幕上出示了一個思考題：已知定點拋物線y＝－x2＋2bx＋c＋1，求該拋物線頂點縱坐標的值最小時的解析式，請你解答．
解：(1)答案不唯一，如y＝x2＋x－1，y＝x2－2x＋2，只要a，b，c滿足a＋b＋c＝1即可；
(2)∵定點拋物線y＝－x2＋2bx＋c＋1＝－(x－b)2＋b2＋c＋1，
∴該拋物線的頂點坐標為(b，b2＋c＋1)，且－1＋2b＋c＋1＝1，即c＝1－2b.
∵頂點縱坐標為b2＋c＋1＝b2－2b＋2＝(b－1)2＋1.
∴當(dāng)b＝1時，b2＋c＋1最小，拋物線頂點縱坐
10、標的值最小，此時c＝－1，
∴拋物線的解析式為y＝－x2＋2x.
8．(12分)[2017·紹興]如果二次函數(shù)的二次項系數(shù)為1，則此二次函數(shù)可表示為y＝x2＋px＋q，我們稱[p，q]為此函數(shù)的特征數(shù)，如函數(shù)y＝x2＋2x＋3的特征數(shù)是[2，3]．
(1)若一個函數(shù)的特征數(shù)為[－2，1]，求此函數(shù)圖象的頂點坐標；
(2)探究下列問題：
①若一個函數(shù)的特征數(shù)為[4，－1]，將此函數(shù)的圖象先向右平移1個單位，再向上平移1個單位，求得到的圖象對應(yīng)的函數(shù)的特征數(shù)；
②若一個函數(shù)的特征數(shù)為[2，3]，問此函數(shù)的圖象經(jīng)過怎樣的平移，才能使得到的圖象對應(yīng)的函數(shù)的特征數(shù)為[3，4]?
解：(1)
11、由題意，得y＝x2－2x＋1＝(x－1)2，
∴特征數(shù)為[－2，1]的函數(shù)圖象的頂點坐標為(1，0)；
(2)①特征數(shù)為[4，－1]的函數(shù)為y＝x2＋4x－1，即y＝(x＋2)2－5，
∵函數(shù)圖象先向右平移1個單位，再向上平移1個單位，
∴y＝(x＋2－1)2－5＋1，即y＝x2＋2x－3.
∴特征數(shù)為[2，－3]．
②特征數(shù)為[2，3]的函數(shù)為y＝x2＋2x＋3，
即y＝(x＋1)2＋2，
特征數(shù)為[3，4]的函數(shù)為y＝x2＋3x＋4，
即y＝＋，
∴所求平移為：先向左平移個單位，再向下平移個單位．(符合題意的其他平移，也正確)．
(24分)
9．(12分)[2016
12、·遂寧]閱讀下列材料，并用相關(guān)的思想方法解決問題．
計算：×－×.
令＋＋＝t，則
原式＝(1－t)－t＝t＋－t2－t－t＋t2＝.
(1)計算：
×－
×
；
(2)解方程(x2＋5x＋1)(x2＋5x＋7)＝7.
解：(1)設(shè)＋＋＋…＋＝t，
則原式＝(1－t)－×t＝t＋－t2－－t＋t2＋＝；
(2)設(shè)x2＋5x＋1＝t，原方程可化為t(t＋6)＝7，
t2＋6t－7＝0，(t＋7)(t－1)＝0，得t1＝－7，t2＝1，
當(dāng)t＝－7時，
x2＋5x＋1＝－7，無解；
當(dāng)t＝1時，
x2＋5x＋1＝1，解得x1＝0，x2＝－5.
所以原方程的解為x1
13、＝0，x2＝－5.
10．(12分)如果三角形有一邊上的中線長恰好等于這邊的長，那么稱這個三角形為“好玩三角形”；
圖42－1
(1)請用直尺與圓規(guī)畫一個“好玩三角形”；
(2)如圖42－1①，在Rt△ABC中，∠C＝90°，tanA＝，求證：△ABC是“好玩三角形”；
(3)如圖42－1②，已知菱形ABCD的邊長為a，∠ABC＝2β，點P，Q從點A同時出發(fā)，以相同的速度分別沿折線AB－BC和AD－DC向終點C運動，記點P所經(jīng)過的路程為s.
①當(dāng)β＝45°時，若△APQ是“好玩三角形”，試求的值．
②當(dāng)tanβ的取值在什么范圍內(nèi)，點P，Q在運動過程中，有且只有一個△APQ能成
14、為“好玩三角形”．請直接寫出tanβ的取值范圍．
解：(1)圖略．
(2)取AC的中點D，連結(jié)BD，如答圖①.
∵∠C＝90°，tanA＝，∴＝，設(shè)BC＝x，則AC＝2x，∴CD＝AC＝x，
∵BD＝＝＝2x，
∴AC＝BD，∴△ABC是“好玩三角形”；
(3)①若β＝45°，則四邊形ABCD是正方形，當(dāng)點P在AB上時，△APQ是等腰直角三角形，不可能是“好玩三角形”．
當(dāng)點P在BC上時，連結(jié)AC，交PQ于點E，延長AB交QP的延長線于點F，如答圖②.
∵PC＝CQ，∠ACB＝∠ACD，
∴AC是QP的垂直平分線，∴AP＝AQ.
∵∠CAB＝∠ACP＝45°，∠AEF＝∠C
15、EP＝90°，
∴△AEF∽△CEP.
易證△PBF，△PCE是等腰直角三角形，
∴＝＝＝.
∵PE＝CE，∴＝.
(i)當(dāng)?shù)走匬Q與它的中線AE相等，即AE＝PQ時，
＝＝，∴＝.
(ii)如答圖③，取AP的中點M，連結(jié)QM，當(dāng)腰AP與它的中線QM相等，即AQ＝QM時，是“好玩三角形”，
作QN⊥AP于N，∴MN＝AN＝AM＝AP＝
QM.∴QN＝MN.
∴tan∠APQ＝＝＝.
∴tan∠APE＝＝＝.
∴＝＋.
②＜tanβ＜2.
第10題答圖
(16分)
11．(16分)在平面直角坐標系中，我們不妨把橫坐標與縱坐標相等的點稱為“夢之點”．例如點(－1
16、，－1)，(0，0)，(，)，…都是“夢之點”，顯然，這樣的“夢之點”有無數(shù)個．
(1)若點P(2，m)是反比例函數(shù)y＝(n為常數(shù)，n≠0)的圖象上的“夢之點”，求這個反比例函數(shù)的解析式；
(2)函數(shù)y＝3kx＋s－1(k，s是常數(shù))的圖象上存在“夢之點”嗎？若存在，請求出“夢之點”的坐標，若不存在，請說明理由；
(3)若二次函數(shù)y＝ax2＋bx＋1(a，b是常數(shù)，a＞0)的圖象上存在兩個不同的“夢之點”A(x1，y1)，B(x2，y2)，且滿足－2＜x1＜2，|x1－x2|＝2，令t＝b2－2b＋，試求出t的取值范圍．
解：(1)∵點P(2，m)是夢之點，
∴m＝2，P(2，2)，
17、
將點P(2，2)代入y＝中得n＝4，∴y＝；
(2)假設(shè)函數(shù)y＝3kx＋s－1的圖象上存在夢之點，
設(shè)該夢之點為(a，a)，代入得a＝3ka＋s－1，
∴(1－3k)a＝s－1，
①當(dāng)3k－1＝0，1－s＝0，即k＝，s＝1時，y＝x，此時直線上所有的點都是夢之點；
②當(dāng)3k－1＝0，1－s≠0，即k＝，s≠1時，a無解，即不存在；
③當(dāng)3k－1≠0，即k≠時，a＝，存在夢之點，點為；
(3)由題意知ax2＋bx＋1＝x，即ax2＋(b－1)x＋1＝0，
∵x1，x2是方程ax2＋(b－1)x＋1＝0的兩個根，
∴x1＋x2＝，x1·x2＝，
∵|x1－x2|＝2，∴(
18、x1－x2)2＝4，
∴(x1＋x2)2－4x1x2＝4，
∴－4×＝4，
∴(1－b)2＝4a2＋4a，
①b－1＞0時，b－1＝，
∵－2＜x1＜2，
∴當(dāng)x＝－2時，y＜0，即4a－2(b－1)＋1＜0，
∴b－1＞，
∴＞，∴a＞.
∵b－1＞，∴b＞，
∵t＝b2－2b＋＝(b－1)2＋，
∴當(dāng)b＝時，t＝，∴t＞.
②當(dāng)b－1＜0時，b－1＝－，
∵－2＜x1＜2，
∴當(dāng)x＝2時，y＜0，即4a＋2(b－1)＋1＜0，
∴b－1＜－，∴－＜－，∴a＞.
∵b－1＜－，∴b＜.
∵t＝b2－2b＋＝(b－1)2＋，
∴當(dāng)b＝時，t＝，∴t＞.
綜上所述，t的取值范圍是t＞.
9
2018屆中考數(shù)學(xué)全程演練 第42課時 閱讀理解型問題
