《（課標(biāo)通用）安徽省2019年中考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 第一篇 知識 方法 固基 第五單元 四邊形 考點(diǎn)強(qiáng)化練21 矩形、菱形、正方形試題》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（課標(biāo)通用）安徽省2019年中考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 第一篇 知識 方法 固基 第五單元 四邊形 考點(diǎn)強(qiáng)化練21 矩形、菱形、正方形試題（8頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、考點(diǎn)強(qiáng)化練21　矩形、菱形、正方形 夯實(shí)基礎(chǔ) 1. (2017·山東臨沂)在△ABC中,點(diǎn)D是邊BC上的點(diǎn)(與B,C兩點(diǎn)不重合),過點(diǎn)D作DE∥AC,DF∥AB,分別交AB,AC于E,F兩點(diǎn),下列說法正確的是(　　) 　　　　　　　　　　　　　　 A.若AD⊥BC,則四邊形AEDF是矩形 B.若AD垂直平分BC,則四邊形AEDF是矩形 C.若BD=CD,則四邊形AEDF是菱形 D.若AD平分∠BAC,則四邊形AEDF是菱形 答案D 解析若AD⊥BC,無法判定四邊形AEDF是矩形,所以A錯誤;若AD垂直平分BC,可以判定四邊形AEDF是菱形,所以B錯誤;若BD=CD,無法

2、判定四邊形AEDF是菱形,所以C錯誤;若AD平分∠BAC,則∠EAD=∠FAD=∠ADF,所以AF=DF,又因?yàn)樗倪呅蜛EDF是平行四邊形,所以四邊形AEDF是菱形,故D正確. 2.(2018·合肥四十五中模擬)在?ABCD中,AB=10,BC=14,E、F分別為邊BC、AD上的點(diǎn).若四邊形AECF為正方形,則AE的長為(　　) A.7 B.4或10 C.5或9 D.6或8 答案D 解析 據(jù)題意畫圖,設(shè)AE的長為x,根據(jù)正方形的性質(zhì)可得BE=14-x,在△ABE中,根據(jù)勾股定理可得x2+(14-x)2=102,解得x1=6,x2=8.故AE的長為6或8.故選D. 3.

3、(2017·浙江衢州)如圖,矩形紙片ABCD中,AB=4,BC=6,將△ABC沿AC折疊,使點(diǎn)B落在點(diǎn)E處,CE交AD于點(diǎn)F,則DF的長等于(　　) A.35 B.53 C.73 D.54 答案B 解析設(shè)DF=x,則CF=AF=6-x,由勾股定理有x2+42=(6-x)2,解得x=53. 4. (2018·陜西)如圖,在菱形ABCD中,點(diǎn)E、F、G、H分別是邊AB、BC、CD和DA的中點(diǎn),連接EF、FG、GH和HE.若EH=2EF,則下列結(jié)論正確的是(　　) A.AB=2EF B.AB=2EF C.AB=3EF D.AB=5EF 答案D 解析 連接AC,BD,交于點(diǎn)

4、O.∵E,F分別為AB,BC的中點(diǎn),∴EF=12AC.∵四邊形ABCD為菱形,∴AO=12AC,AC⊥BD.∴EF=AO.同理:EH=BO.∵EH=2EF.∴BO=2AO.在Rt△ABO中,設(shè)AO=x,則BO=2x.∴AB=x2+(2x)2=5x=5AO.∴AB=5EF,故選D. 5. (2018·合肥廬陽區(qū)一模)如圖,已知菱形ABCD的周長為16,面積為83,E為AB的中點(diǎn),若P為對角線BD上一動點(diǎn),則EP+AP的最小值為(　　) A.2 B.23 C.4 D.43?導(dǎo)學(xué)號16734128? 答案B 解析 如圖作CE'⊥AB于E',交BD于P',連接AC、AP'.∵菱形A

5、BCD的周長為16,面積為83,∴AB=BC=4,AB·CE'=83,∴CE'=23.在Rt△BCE'中,BE'=42-(23)2=2,∵BE=EA=2,∴E與E'重合,∵四邊形ABCD是菱形,∴BD垂直平分AC,∴A、C關(guān)于BD對稱,∴當(dāng)P與P'重合時,P'A+P'E的值最小,最小值為CE的長,即為23,故選B. 6. (2018·合肥瑤海區(qū)模擬)如圖,在平面直角坐標(biāo)系中,四邊形ABCD是菱形,∠ABC=60°,且點(diǎn)A的坐標(biāo)為(4,0),若E是AD的中點(diǎn),則點(diǎn)E的坐標(biāo)為　　　　　　　　.? 答案(2,-23) 解析過E作EF∥AC,交BD于F,EG∥BD,交AC于G, ∵E是A

6、D的中點(diǎn), ∴G是AO的中點(diǎn),F是OD的中點(diǎn). ∵點(diǎn)A的坐標(biāo)為(4,0), ∴點(diǎn)G(2,0).由菱形的性質(zhì),知AC⊥BD,∠ADB=∠CDB. ∵∠ABC=60°, ∴∠ADB=30°. ∴OD=3OA=43. ∴OF=12OD=23. ∴E(2,-23). 7. (2018·貴州銅仁)如圖,Rt△ABC中,∠C=90°,AC=3,BC=4,D是AB上一點(diǎn),DE⊥AC于點(diǎn)E,DF⊥BC于點(diǎn)F,邊接EF,則EF的最小值為　　　　　.? 答案2.4 解析 如圖,連接CD. ∵∠C=90°,AC=3,BC=4, ∴AB=32+42=5, ∵DE⊥AC,DF

7、⊥BC,∠C=90°, ∴四邊形CFDE是矩形,∴EF=CD. 由垂線段最短可得CD⊥AB時,線段EF的值最小,此時,S△ABC=12BC·AC=12AB·CD, 即12×4×3=12×5×CD,解得CD=2.4, ∴EF=2.4. 8. (2017·山東青島)已知:如圖,在菱形ABCD中,點(diǎn)E,O,F分別是邊AB,AC,AD的中點(diǎn),連接CE,CF,OF,OE. (1)求證:△BCE≌△DCF; (2)當(dāng)AB與BC滿足什么條件時,四邊形AEOF是正方形?請說明理由. (1)證明∵四邊形ABCD為菱形, ∴AB=BC=CD=DA,∠B=∠D. 又E,F分別是AB,AD中

8、點(diǎn), ∴BE=DF. ∴△BCE≌△DCF(SAS). (2)解若AB⊥BC,則AEOF為正方形,理由如下: ∵E,O分別是AB,AC中點(diǎn),∴EO∥BC, 又BC∥AD,∴OE∥AD,即OE∥AF. 同理可證OF∥AE,∴四邊形AEOF為平行四邊形,由(1)可得AE=AF, ∴平行四邊形AEOF為菱形. ∵BC⊥AB,∴∠BAD=90°, ∴菱形AEOF為正方形. 提升能力 9. (2018·山東濱州)如圖,在矩形ABCD中,AB=2,BC=4,點(diǎn)E,F分別在BC,CD上,若AE=5,∠EAF=45°,則AF的長為　　　　.? 答案4103 解析取AD、BC中點(diǎn)

9、M、N, 由AD=4,AB=2,易得ABNM是正方形,連接MN,EH,由∠HAE=45°,四邊形ABNM是正方形,可知此處有典型的正方形內(nèi)“半角模型”,故有EH=MH+BE.由AB=2,AE=5,易知BE=1,所以EN=BN-BE=2-1=1.設(shè)MH=x,由M是AD中點(diǎn),△AMH∽△ADF可知,DF=2MH=2x,HN=2-x,EH=MH+BE=x+1,在Rt△EHN中有EN2+HN2=EH2,故12+(2-x)2=(x+1)2,解得x=23,故DF=43,故AF=AD2+DF2=4103. 10. (2018·江蘇揚(yáng)州)如圖,在平行四邊形ABCD中,DB=DA,點(diǎn)F是AB的中點(diǎn)

10、,連接DF并延長,交CB的延長線于點(diǎn)E,連接AE. (1)求證:四邊形AEBD是菱形; (2)若DC=10,tan∠DCB=3,求菱形AEBD的面積. (1)證明∵四邊形ABCD是平行四邊形, ∴AD∥CE,∴∠DAF=∠EBF. ∵∠AFD=∠BFE,AF=FB, ∴△AFD≌△BFE,∴AD=EB. ∵AD∥EB,∴四邊形AEBD是平行四邊形. ∵BD=AD,∴四邊形AEBD是菱形. (2)解∵四邊形ABCD是平行四邊形, ∴CD=AB=10,AB∥CD, ∴∠ABE=∠DCB. ∴tan∠ABE=tan∠DCB=3. ∵四邊形AEBD是菱形, ∴AB⊥DE,A

11、F=FB,EF=DF, ∴tan∠ABE=EFBF=3. ∵BF=102,∴EF=3102,∴DE=310. ∴S菱形AEBD=12·AB·DE=12×10×310 =15.?導(dǎo)學(xué)號16734129? 11.(2011·安徽)如圖,正方形ABCD的四個頂點(diǎn)分別在四條平行線l1、l2、l3、l4上,這四條直線中相鄰兩條之間的距離依次為h1、h2、h3(h1>0,h2>0,h3>0). (1)求證:h1=h3; (2)設(shè)正方形ABCD的面積為S,求證:S=(h2+h1)2+h12; (3)若32h1+h2=1,當(dāng)h1變化時,說明正方形ABCD的面積為S隨h1的變化情況. (1

12、)證明過A點(diǎn)作AF⊥l3分別交l2、l3于點(diǎn)E、F,過C點(diǎn)作CH⊥l2分別交l2、l3于點(diǎn)H、G, ∵四邊形ABCD是正方形,l1∥l2∥l3∥l4, ∴AB=CD,∠ABE+∠HBC=90°, ∵CH⊥l2,∴∠BCH+∠HBC=90°, ∴∠BCH=∠ABE, ∵∠BCH=∠CDG,∴∠ABE=∠CDG, ∵∠AEB=∠CGD=90°, 在△ABE和△CDG中,∠ABE=∠CDG,∠AEB=∠CGD,AB=CD, ∴△ABE≌△CDG(AAS), ∴AE=CG,即h1=h3. (2)證明∵四邊形ABCD是正方形, ∴AB=BC=CD=DA, ∵∠AEB=∠DFA

13、=∠BHC=∠CGD=90°,∠ABE=∠FAD=∠BCH=∠CDG, ∴△AEB≌△DAF≌△BHC≌△CGD,且兩直角邊長分別為h1、h1+h2, ∴四邊形EFGH是邊長為h2的正方形, ∴S=4×12h1(h1+h2)+h22=2h12+2h1h2+h22=(h1+h2)2+h12. (3)解由題意,得h2=1-32h1, 所以S=h1+1-32h12+h12=54h12-h1+1=54h1-252+45, 又h1>0,1-32h1>0,解得0

14、的增大而增大.?導(dǎo)學(xué)號16734130? 創(chuàng)新拓展 12.已知正方形ABCD的對角線AC,BD相交于點(diǎn)O. (1)如圖1,E,G分別是OB,OC上的點(diǎn),CE與DG的延長線相交于點(diǎn)F.若DF⊥EC,求證:OE=OG; (2)如圖2,H是BC上的點(diǎn),過點(diǎn)H作EH⊥BC,交線段OB于點(diǎn)E,連接DH交CE于點(diǎn)F,交OC于點(diǎn)G.若OE=OG, ①求證:∠ODG=∠OCE; ②當(dāng)AB=1時,求HC的長. (1)證明∵四邊形ABCD是正方形, ∴AC⊥BD,OD=OC. ∴∠DOG=∠COE=90°, ∴∠OEC+∠OCE=90°. ∵DF⊥CE,∴∠OEC+∠ODG=90°.

15、∴∠OCE=∠ODG, ∴△DOG≌△COE(ASA).∴OE=OG. (2)①證明∵OD=OC,∠DOG=∠COE=90°, 又∵OE=OG,∴△DOG≌△COE(SAS). ∴∠OCE=∠ODG. ②解設(shè)CH=x,∵四邊形ABCD是正方形,AB=1,∴BH=1-x. ∴∠DBC=∠BDC=∠ACB=45°, ∴EH=BH=1-x. ∵∠OCE=∠ODG, ∴∠BDC-∠ODG=∠ACB-∠OCE, ∴∠HDC=∠ECH. ∵EH⊥BC,∴∠EHC=∠HCD=90°. ∴△CHE∽△DCH,∴EHHC=HCCD. ∴HC2=EH·CD,得x2+x-1=0, 解得x1=5-12,x2=-5-12(舍去), ∴HC=5-12. 8