《2018中考物理試題分類匯編 專題28 電功率（含解析）》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2018中考物理試題分類匯編 專題28 電功率（含解析）（47頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、 專題28 電功率 一．選擇題（共27小題） 1．（2018?北京）有兩個(gè)額定電壓相同的電熱水壺甲和乙，甲的額定功率為1800W，乙的額定功率為1200W．兩個(gè)電熱水壺都正常工作時(shí)，下列說法中正確的是（　?。? A．甲電熱水壺兩端的電壓較高 B．電流通過甲電熱水壺做功較快 C．通過兩個(gè)電熱水壺的電流相等 D．相同時(shí)間內(nèi)，兩個(gè)電熱水壺消耗的電能一樣多 【分析】額定電壓是指用電器正常工作是的電壓；電功率是表示電流做功快慢的物理量；根據(jù)P=UI和W=Pt來作出分析和解答。 【解答】解： A、兩電熱水壺的額定電壓相同，且都正常工作，所以它們兩端的電壓相等，故A錯(cuò)誤； B、甲的額

2、定功率大于乙的額定功率，且都正常工作，根據(jù)電功率的物理意義可知，電流通過甲電熱水壺做功較快，故B正確； C、兩個(gè)電熱水壺都正常工作時(shí)，甲的額定功率大，根據(jù)P=UI可知，通過甲的電流大，故C錯(cuò)誤； D、兩個(gè)電熱水壺都正常工作時(shí)，通電時(shí)間相同，甲的額定功率大，根據(jù)W=Pt可知，甲消耗的電能多，故D錯(cuò)誤。 故選：B。 　 2．（2018?邵陽）將規(guī)格都是“220V 180W”的一臺(tái)電冰箱、一臺(tái)電腦和一床電熱毯，分別接入同一家庭電路中，若通電時(shí)間相同，則下列說法正確的是（　?。? A．電冰箱產(chǎn)生的熱量最多 B．電腦產(chǎn)生的熱量最多 C．電熱毯產(chǎn)生的熱量最多 D．三者產(chǎn)生的熱量一樣多 【分析

3、】由題意知，三種用電器的額定電壓都是220V，額定功率都是180W；家庭電路電壓是220V，把這三個(gè)用電器接入家庭電路，三個(gè)用電器都正常工作，實(shí)際功率相同都等于額定功率，通電時(shí)間相同，根據(jù)W=Pt可知消耗的電能相同；通過分析三種用電器工作時(shí)的能量轉(zhuǎn)化情況，找出產(chǎn)生熱量最多的用電器。 【解答】解：因?yàn)榻釉诩彝ル娐分?，U=220V， 所以三種用電器的實(shí)際功率：P實(shí)=P額=180W； 又因?yàn)閃=Pt，用電器工作時(shí)間t相等， 所以三種用電器消耗的電能相同， 電冰箱電工作時(shí)，主要把電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，產(chǎn)生的熱量很小，電腦工作時(shí)，主要將電能轉(zhuǎn)化為光能和聲能， 電熱毯工作時(shí)電熱絲產(chǎn)生熱量，幾乎把電

4、能全部轉(zhuǎn)化為熱量，所以產(chǎn)生熱量最多的是電熱毯，故C正確。 故選：C。 　 3．（2018?宜昌）兩個(gè)定值電阻R1、R2并聯(lián)在電路中，如圖甲所示，它們的電流與其兩端的電壓關(guān)系如圖乙所示，閉合開關(guān)S，則R1，R2產(chǎn)生的熱量之比為（　?。? A．2：1 B．1：2 C．4：1 D．1：4 【分析】根據(jù)圖象利用歐姆定律判定R1、R2的阻值關(guān)系；根據(jù)焦耳定律公式判定產(chǎn)生熱量的比值。 【解答】解：由圖可知，該電路為并聯(lián)電路，電壓是相同的，由圖乙可知，電壓相同，通過R1、R2的電流之比為2：1；根據(jù)I=可知，R1、R2的電阻之比為1：2； 通電時(shí)間相同，電壓相同，則根據(jù)焦耳定律公式Q=W=可

5、知，產(chǎn)生的熱量與電阻成反比，故熱量之比為2：1。 故選：A。 　 4．（2018?紹興）下列有關(guān)家庭電路的說法正確的是（　?。? A．家庭電路中的插座應(yīng)與用電器串聯(lián) B．家庭電路的電壓對(duì)于人體是安全的 C．測電筆可以辨別零線與地線 D．電能表用來測量用戶消耗的電能 【分析】（1）明確家庭電路的各用電器都是并聯(lián)的；用電器與用電器之間、用電器與插座之間都是并聯(lián)的； （2）家庭電路的電壓是220V，人體安全電壓不高于36V； （3）使用測電筆可以辨別火線和零線。 （4）根據(jù)電能表的用途進(jìn)行分析，即電能表是測量用戶在一定時(shí)間為消耗電能的多少。 【解答】解： A、家庭電路中用電器

6、與用電器、用電器與插座、插座與插座之間都是并聯(lián)連接的，故A錯(cuò)誤； B、對(duì)人體的安全電壓是不高于36V，家庭電路的電壓是220V，所以家庭電路的電壓對(duì)于人體是不安全的；故B錯(cuò)誤； C、零線、地線和大地間的電壓都是0V，用測電筆分別接觸零線與地線時(shí)，氖管都不發(fā)光，所以測電筆不能辨別零線與地線，但測電筆可以辨別火線和零線，故C錯(cuò)誤； D、電能表用來測量用戶在一定時(shí)間內(nèi)消耗的電能，并且根據(jù)電能的多少來收取電費(fèi)，故D正確。 故選：D。 　 5．（2018?欽州）電爐工作時(shí)，根據(jù)焦耳定律可知，相同時(shí)間內(nèi)電爐絲產(chǎn)生的熱量比導(dǎo)線多，所以電爐絲熱得發(fā)紅而連接電爐絲的導(dǎo)線不太熱，其原因是（　　） A

7、．電爐絲的電阻較大 B．電爐絲與導(dǎo)線是并聯(lián)的 C．電爐絲的橫截面大 D．通過電爐絲的電流較大 【分析】由焦耳定律知道，電流通過導(dǎo)體產(chǎn)生的熱量跟電流的平方、導(dǎo)體電阻大小和通電時(shí)間成正比。電爐絲和連接的導(dǎo)線串聯(lián)在電路中（通過的電流相等），通電時(shí)間是相同的，而電爐絲的電阻比導(dǎo)線的電阻大，據(jù)焦耳定律分析判斷。 【解答】解：電爐子在使用時(shí)，電爐絲和導(dǎo)線串聯(lián)，I電爐絲=I導(dǎo)線，通電時(shí)間t相同， 因?yàn)镼=I2Rt，R電爐絲＞R導(dǎo)線， 所以電流產(chǎn)生的熱量：Q電爐絲＞Q導(dǎo)線， 從而出現(xiàn)電爐絲熱得發(fā)紅，而與電爐絲相連的導(dǎo)線卻不怎么發(fā)熱的現(xiàn)象。 故選：A。 　 6．（2018?北京）下列用電器中，

8、利用電流熱效應(yīng)工作的是（　?。? A．電暖氣 B．計(jì)算器 C．電視機(jī) D．筆記本電腦 【分析】當(dāng)電流通過電阻時(shí)，電流做功而消耗電能，產(chǎn)生了熱量，這種現(xiàn)象叫做電流的熱效應(yīng)。根據(jù)各用電器的能量轉(zhuǎn)化可做出判斷。 【解答】解： A、電暖氣工作時(shí)將電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，利用了電流的熱效應(yīng)，故A符合題意； B、計(jì)算器工作時(shí)主要把電能轉(zhuǎn)化為光能與聲能，不是利用電流熱效應(yīng)工作的，故B不符合題意； C、電視機(jī)工作時(shí)主要把電能轉(zhuǎn)化為光能與聲能，不是利用電流熱效應(yīng)工作的，故C不符合題意； D、筆記本電腦工作時(shí)主要把電能轉(zhuǎn)化為光能與聲能，不是利用電流熱效應(yīng)工作的，故D不符合題意。 故選：A。 　 7．（2

9、018?樂山）下列家用電器中，利用電流熱效應(yīng)工作的是（　?。? A．電風(fēng)扇 B．洗衣機(jī) C．電熱水壺 D．電視機(jī) 【分析】電流的熱效應(yīng)就是把電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，據(jù)此分析即可判斷。 【解答】解： A、電風(fēng)扇工作時(shí)將電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，不是利用電流熱效應(yīng)工作，故A不符合題意； B、洗衣機(jī)工作時(shí)將電能轉(zhuǎn)化機(jī)械能，不是利用電流熱效應(yīng)工作，故B不符合題意； C、電熱水壺工作時(shí)將電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，是利用電流熱效應(yīng)工作，故C符合題意； D、電視機(jī)工作時(shí)將電能轉(zhuǎn)化為光能和聲能，不是利用電流熱效應(yīng)工作，故D不符合題意。 故選：C。 　 8．（2018?玉林）如圖所示，電源電壓U為10V并保持不變，滑動(dòng)

10、變阻器規(guī)格為“20Ω 1A”。閉合開關(guān)S，當(dāng)滑片P移至最左端時(shí)，燈泡正常發(fā)光，電流表示數(shù)為0.5A；當(dāng)滑片P移至中點(diǎn)時(shí)，電流表示數(shù)為0.4A．則（　?。? A．電路消耗的最小功率為2.5W B．滑片P在中點(diǎn)時(shí)，燈泡消耗的功率為2.4W C．滑片P在中點(diǎn)時(shí)，燈泡消耗的功率為3.2W D．滑片P在最左端時(shí)，2min內(nèi)電流通過燈泡所做的功為10J 【分析】（1）當(dāng)滑片P移至最左端時(shí)，電路為燈泡的簡單電路，電流表測電路中的電流，此時(shí)燈泡正常發(fā)光，根據(jù)歐姆定律求出燈絲電阻；當(dāng)滑動(dòng)變阻器連入電路的電阻最大時(shí)電路消耗的功率最小，利用串聯(lián)電路的特點(diǎn)和P=即可求出假設(shè)燈泡電阻不變時(shí)的最小功率；然后即

11、可比較判斷； （2）滑片P在中點(diǎn)時(shí)，根據(jù)歐姆定律求出滑動(dòng)變阻器兩端的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)求出燈泡兩端的電壓，根據(jù)P=UI求出燈泡的實(shí)際功率； （3）滑片P在最左端時(shí)，根據(jù)W=UIt求出5min內(nèi)電流通過燈泡做的功。 【解答】解： （1）當(dāng)滑片P移至最左端時(shí)，電路為燈泡的簡單電路，電流表測電路中的電流，此時(shí)燈泡正常發(fā)光， 由I=可得，燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻：RL===20Ω； 當(dāng)滑動(dòng)變阻器連入電路的電阻最大時(shí)，電路消耗的功率最小， 若不考慮燈泡電阻隨溫度的變化，根據(jù)串聯(lián)電路的電阻特點(diǎn)可得，最小總功率： P最小===2.5W； 由于燈泡不正常工作時(shí)的電阻低于正常工作時(shí)的電阻

12、， 所以，電路消耗的最小功率不是2.5W；故A錯(cuò)誤； （2）滑片P在中點(diǎn)時(shí)，電流表示數(shù)為0.4A， 根據(jù)I=可得，此時(shí)滑動(dòng)變阻器兩端的電壓： U滑=IR滑=0.4A××20Ω=4V， 因串聯(lián)電路中總電壓等于各電壓之和， 所以，此時(shí)燈泡兩端的電壓： UL′=U﹣U滑=10V﹣4V=6V， 燈泡的實(shí)際功率： PL=UL′I=6V×0.4A=2.4W；故B正確，C錯(cuò)誤； （3）滑片P在最左端時(shí)，2min內(nèi)電流通過燈泡做的功： WL=UILt=10V×0.5A×2×60s=600J，故D錯(cuò)誤。 故選：B。 　 9．（2018?濰坊）最先精確確定電流產(chǎn)生的熱量跟電流、電阻和通

13、電時(shí)間關(guān)系的物理學(xué)家是（　?。? A．歐姆 B．焦耳 C．奧斯特 D．法拉第 【分析】在大量實(shí)驗(yàn)的基礎(chǔ)上，英國物理學(xué)家焦耳找出了電流產(chǎn)生的熱量與電流、電阻、通電時(shí)間間的關(guān)系，即發(fā)現(xiàn)了焦耳定律。 【解答】解： 英國物理學(xué)家焦耳做了大量實(shí)驗(yàn)，于1840年最先精確地確定了電流產(chǎn)生的熱量跟電流、電阻和通電時(shí)間的關(guān)系，得出Q=I2Rt；為了紀(jì)念他做出的貢獻(xiàn)，人們將他的名字命名為熱量（能量）的單位， 故選：B。 　 10．（2018?海南）如圖所示，A、B為兩盞白熾燈，A燈型號(hào)是“110V 25W”，B燈型號(hào)是“110V 100W”，R是一個(gè)未知電阻。若把它們接到電壓為220V的電路上，下面四

14、種接法中可能讓兩盞燈都正常發(fā)光的電路是（　　） A． B． C． D． 【分析】（1）根據(jù)串聯(lián)電路電阻的分壓特點(diǎn)可知，電壓相等時(shí)，電阻也要相等。 （2）已知電源電壓相等，根據(jù)公式P=可知，電路中電阻越大。消耗的功率就越小，先根據(jù)公式R=分別求出燈泡A和燈泡B的電阻，再求出A、B、C圖總電阻進(jìn)行比較，即可得出結(jié)論。 【解答】解：根據(jù)公式P=可知，燈泡A的電阻RA===484Ω， 燈泡B的電阻RB===121Ω。 A、圖中燈泡A和B的并聯(lián)，電壓為220V，則A、B兩端電壓均為220V，大于其額定電壓，故兩盞燈都不正常發(fā)光，故A不符合題意； B、圖中燈泡A和B的串聯(lián)在電壓為220V的電

15、路中，由于兩燈泡電阻不同，所以兩燈泡兩端的電壓都不是其額定電壓110V，則兩盞燈都不正常發(fā)光，故B不符合題意； C、圖是燈泡A和可變電阻并聯(lián)后又和燈泡B串聯(lián)，燈泡要想正常工作，必須滿足燈泡A與可變電阻R并聯(lián)后和燈泡B的電阻相等；但并聯(lián)電路中，電阻越并越小，小于任何一個(gè)分電阻，所以此電路中燈泡A和燈泡B能正常工作，故C符合題意； D、圖是燈泡B和可變電阻并聯(lián)后又和燈泡A串聯(lián)，燈泡要想正常工作，必須滿足燈泡B與可變電阻并聯(lián)后和燈泡A的電阻相等；并聯(lián)電路，電阻更?。还薀襞軦和燈泡B不能正常工作時(shí)，故D不符合題意； 故選：C。 　 11．（2018?荊門）如圖所示的電路，電源電壓為3V且保持

16、不變，定值電阻R1=1Ω，滑動(dòng)變阻器R2阻值范圍為0～4Ω．閉合開關(guān)S，在滑片從左向右移動(dòng)的過程中，下列說法正確的是（　?。? A．滑動(dòng)變阻器的最大功率為1.44W B．滑動(dòng)變阻器的最大功率為2W C．滑動(dòng)變阻器的最大功率為2.25W D．電壓表示數(shù)從0V增大到2.4V 【分析】由電路圖可知，R1與R2串聯(lián)，電壓表測R1兩端的電壓，電流表測電路中的電流。 （1）根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律表示出電路中的電流，根據(jù)P=I2R表示出滑動(dòng)變阻器消耗的電功率，然后分析表達(dá)式得出滑動(dòng)變阻器消耗最大功率時(shí)接入電路中的電阻，并求出其大小； （2）當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻為零時(shí)，電路為R1的簡

17、單電路，電壓表測電源兩端的電壓；當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最大時(shí)，電路中的電流最小，R1兩端的電壓最小，根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律求出電路中的電流，再根據(jù)歐姆定律求出R1兩端的電壓，然后得出電壓表示數(shù)的變化。 【解答】解： 由電路圖可知，R1與R2串聯(lián)，電壓表測R1兩端的電壓，電流表測電路中的電流。 （1）因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和， 所以，電路中的電流： I=， 滑動(dòng)變阻器消耗的電功率： P2=I2R2=（）2R2====， 所以，當(dāng)R2=R1=1Ω時(shí)，滑動(dòng)變阻器消耗的電功率最大， 則P2大===2.25W，故AB錯(cuò)誤、C正確； （2）當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻

18、為零時(shí)，電路為R1的簡單電路，電壓表測電源兩端的電壓，示數(shù)為3V， 當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最大時(shí)，電路中的電流最小，R1兩端的電壓最小， 此時(shí)電路中的電流： I′===0.6A， 電壓表的最小示數(shù)： U1=I′R1=0.6A×1Ω=0.6V， 所以，在滑片從左向右移動(dòng)的過程中，電壓表示數(shù)從3V減小到0.6V，故D錯(cuò)誤。 故選：C。 　 12．（2018?南京）如圖所示電路，電源電壓不變，小燈泡標(biāo)有“6V 3W“字樣，閉合開關(guān)后，當(dāng)滑片P移至某一位置時(shí)，小燈泡恰好正常發(fā)光，此時(shí)滑動(dòng)變阻器消耗的功率為P1；當(dāng)滑片P移至某一端點(diǎn)時(shí)，電流表示數(shù)為0.3A，電壓表示數(shù)變化了3V，

19、此時(shí)滑動(dòng)變阻器消耗的功率為P2，且P1：P2=5：6．下列判斷正確的是（　?。? A．滑動(dòng)變阻器的最大阻值為10Ω B．電路允許消耗的最大功率為4.5W C．小燈泡正常發(fā)光時(shí)，滑片P位于滑動(dòng)變阻器中點(diǎn)位置 D．滑動(dòng)變阻器消耗的功率由P1變?yōu)镻2的過程中，小燈泡消耗的功率變化了0.6W 【分析】（1）由電路圖可知，燈泡與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電壓表測滑動(dòng)變阻器兩端的電壓，電流表測電路中的電流。 根據(jù)滑片在某一位置和在一端時(shí)滑動(dòng)變阻器消耗的功率之比，算出電源電壓； 當(dāng)滑片P移至某一端點(diǎn)時(shí)，電流表示數(shù)為0.3A，電流表示數(shù)減小，電阻變大，說明滑片在最大阻值處，算出滑動(dòng)變阻器的最大阻值；

20、（2）根據(jù)P=UI和燈泡的額定電流算出電路允許消耗的最大功率； （3）根據(jù)歐姆定律和小燈泡正常發(fā)光時(shí)，算出滑動(dòng)變阻器的電阻從而確定滑片P的位置； （4）根據(jù)P=UI算出小燈泡消耗的功率值以及變化值。 【解答】解： 由電路圖可知，燈泡與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電壓表測滑動(dòng)變阻器兩端的電壓，電流表測電路中的電流。 （1）設(shè)電源電壓為U， 當(dāng)滑片P移至某位置時(shí)，小燈泡恰好正常發(fā)光，且串聯(lián)電路中電流處處相等， 由P=UI可得，此時(shí)電路中的電流為：I=IL===0.5A， 滑動(dòng)變阻器消耗的功率為：P1=（U﹣UL）I=（U﹣6V）×0.5A﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣① 當(dāng)滑片P移至某一端點(diǎn)時(shí)，電流表示數(shù)為

21、0.3A，電流表示數(shù)減小，說明變阻器接入的電阻變大，此時(shí)滑片在最大阻值處； 變阻器接入的電阻變大，由串聯(lián)分壓規(guī)律可知，變阻器分得的電壓變大，所以，電壓表示數(shù)變化了3V即增大了3V，此時(shí)滑動(dòng)變阻器兩端的電壓為：U滑=U﹣6V+3V=U﹣3V， 此時(shí)滑動(dòng)變阻器消耗的功率為：P2=U滑I′=（U﹣3V）×0.3A﹣﹣﹣﹣﹣﹣② 已知P1：P2=5：6﹣﹣﹣﹣③ 聯(lián)立①②③解得，電源電壓U=9V； 則滑動(dòng)變阻器的最大阻值為：R滑大====20Ω，故A錯(cuò)誤； （2）燈泡的額定電流為0.5A，則電路中的最大電流為0.5A， 電路允許消耗的最大功率：P大=UI大=9V×0.5A=4.5W，故B

22、正確； （3）小燈泡正常發(fā)光時(shí)，滑動(dòng)變阻器的電壓為：U滑′=U﹣6V=9V﹣6V=3V， 此時(shí)滑動(dòng)變阻器的電阻為：R滑′===6Ω， 因?yàn)榛瑒?dòng)變阻器的最大阻值為20Ω，所以此時(shí)滑片P不在中點(diǎn)位置，故C錯(cuò)誤； （4）由題意可知，小燈泡恰好正常發(fā)光，此時(shí)滑動(dòng)變阻器消耗的功率為P1，則此時(shí)燈泡消耗的功率PL=P額= 3W， 滑動(dòng)變阻器消耗的功率由P1變?yōu)镻2的過程中，電壓表示數(shù)變化了3V即增大了3V，由串聯(lián)電路的電壓規(guī)律可得，燈泡兩端的電壓減小了3V，則此時(shí)燈泡兩端的電壓UL′=6V﹣3V=3V， 此時(shí)燈泡消耗的電功率：PL′=UL′I′=3V×0.3A=0.9W， 則燈泡消耗的功率

23、變化了：△P=PL﹣PL′=3W﹣0.9W=2.1W，故D錯(cuò)誤。 故選：B。 　 13．（2018?岳陽）如圖，電源電壓恒為4.5V，?的量程為“0～0.6A”，?的量程為“0～3V“，燈泡上標(biāo)有“2.5V 1.25W”（不考慮燈絲電阻變化），滑動(dòng)變阻器R的規(guī)格為“20Ω 1A”。閉合開關(guān)，在保證電路安全的情況下，移動(dòng)滑片P的過程中（　?。? A．?的示數(shù)最大為0.6A B．燈泡消耗的最小功率為0.12W C．電路消耗的最大總功率為2.7W D．滑動(dòng)變阻器接入電路的最小電阻為4Ω 【分析】由電路圖可知，燈泡與滑動(dòng)變阻器R串聯(lián)，電壓表測燈泡兩端的電壓，電流表測電路中的電流。

24、（1）根據(jù)P=UI求出燈泡的額定電流，然后與電流表的量程和滑動(dòng)變阻器允許通過的最大電流相比較確定電路中的最大電流，此時(shí)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最小，電路消耗的總功率最大，根據(jù)歐姆定律求出燈泡的電阻和電路的總電阻，利用電阻的串聯(lián)求出滑動(dòng)變阻器接入電路中的最小阻值，根據(jù)P=UI求出電路消耗的最大電功率； （2）當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最大時(shí)，電路中的電流最小，燈泡消耗的電功率最小，根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律求出電路中的電流，再根據(jù)P=I2R求出燈泡消耗的最小功率。 【解答】解：由電路圖可知，燈泡與滑動(dòng)變阻器R串聯(lián)，電壓表測燈泡兩端的電壓，電流表測電路中的電流。 （1）由P=UI可得，燈泡

25、的額定電流： IL===0.5A，故A錯(cuò)誤； 因串聯(lián)電路中各處的電流相等，且電流表的量程為0～0.6A，滑動(dòng)變阻器允許通過的最大電流為1A， 所以，電路中的最大電流I大=0.5A，此時(shí)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最小，電路消耗的總功率最大， 由I=可得，燈泡的電阻和電路的總電阻分別為： RL===5Ω，R總===9Ω， 因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和， 所以，滑動(dòng)變阻器接入電路中的最小阻值： R小=R總﹣RL=9Ω﹣5Ω=4Ω，故D正確； 電路消耗的最大總功率： P大=UI大=4.5V×0.5A=2.25W，故C錯(cuò)誤； （2）當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最大時(shí)，電路中的

26、電流最小，燈泡消耗的電功率最小， 因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和， 所以，電路的最小電流： I小===0.18A， 則燈泡消耗的最小功率： PL小=I小2RL=（0.18A）2×5Ω=0.162W，故B錯(cuò)誤。 故選：D。 　 14．（2018?無錫）圖甲是模擬調(diào)光燈。電源電壓為4.0V；小燈泡額定電壓為2.5V，電流隨電壓變化的I﹣U圖象如圖乙所示，小燈泡兩端電壓達(dá)到0.4V時(shí)“剛亮”；鉛筆芯長15cm、阻值為30Ω，其阻值與長度成正比?；匦吾楢固定在鉛筆芯右端，回形針P可以在鉛筆芯上自由滑動(dòng)，該調(diào)光燈在使用時(shí)，以下說法錯(cuò)誤的是（　?。? A．閉合開關(guān)，移動(dòng)P能連續(xù)調(diào)光

27、 B．閉合開關(guān)，P滑到距A點(diǎn)10cm處，小燈泡的實(shí)際功率為0.15W C．在距A點(diǎn)2.5cm處做標(biāo)記，可以提醒P向A滑過此處，小燈泡將不安全 D．小燈泡工作時(shí)，從“剛亮”到正常發(fā)光，實(shí)際功率變化范圍為0.048W～0.75W 【分析】（1）當(dāng)鉛筆芯電阻全部接入電路中時(shí)，根據(jù)串聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律表示出電源的電壓，根據(jù)圖象讀出符合要求的電流和電壓，然后判斷燈泡是否能發(fā)光，然后判斷移動(dòng)P時(shí)能否連續(xù)調(diào)光； （2）鉛筆芯長15cm、阻值為30Ω，其阻值與長度成正比，據(jù)此求出P滑到距A點(diǎn)10cm處和P滑到距A點(diǎn)2.5cm處接入電路中的電阻，根據(jù)串聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律表示出電源的電壓，根據(jù)圖

28、乙讀出符合要求的電流和電壓，根據(jù)P=UI求出小燈泡的實(shí)際功率，燈泡兩端的電壓大于額定電壓下時(shí)將不會(huì)安全； （3）根據(jù)P=UI求出小燈泡“剛亮”和正常發(fā)光時(shí)的功率，然后得出小燈泡工作時(shí)，從“剛亮”到正常發(fā)光時(shí)的實(shí)際功率變化范圍。 【解答】解： A．當(dāng)鉛筆芯電阻全部接入電路中時(shí)， 因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，其各處的電流相等， 所以，由I=可知，電源的電壓： U=UL+ILRP，即4.0V=UL+IL×30Ω， 由圖乙可知，燈泡兩端的電壓UL=0.4V，通過燈泡的電流IL=0.12A時(shí)符合，此時(shí)小燈泡兩端電壓達(dá)到0.4V“剛亮”， 所以，閉合開關(guān)，移動(dòng)P能連續(xù)調(diào)光，故A正確

29、； B．因鉛筆芯長15cm、阻值為30Ω，其阻值與長度成正比， 所以，P滑到距A點(diǎn)10cm處，接入電路中的電阻： RP′=×10cm=20Ω， 則電源的電壓： U=UL′+IL′RP′，即4.0V=UL′+IL′×20Ω， 由圖象可知，燈泡兩端的電壓UL′=0.8V，通過燈泡的電流IL′=0.16A時(shí)符合， 此時(shí)小燈泡的實(shí)際功率： PL=UL′IL′=0.8V×0.16A=0.128W，故B錯(cuò)誤； C．P滑到距A點(diǎn)2.5cm處，接入電路中的電阻： RP″=×2.5cm=5Ω， 則電源的電壓： U=UL″+IL″RP″，即4.0V=UL″+IL″×5Ω， 由圖象可知，燈

30、泡兩端的電壓UL″=2.5V，通過燈泡的電流IL′=0.3A時(shí)符合，此時(shí)燈泡正常發(fā)光， 所以，在距A點(diǎn)2.5cm處做標(biāo)記，可以提醒P向A滑過此處，小燈泡兩端的電壓超過額定電壓將不安全，故C正確； D．小燈泡“剛亮”時(shí)的實(shí)際功率： PL′=ULIL=0.4V×0.12A=0.048W， 小燈泡正常發(fā)光時(shí)的實(shí)際功率： PL″=UL″IL″=2.5V×0.3A=0.75W， 所以，小燈泡工作時(shí)，從“剛亮”到正常發(fā)光，實(shí)際功率變化范圍為0.048W～0.75W，故D正確。 故選：B。 　 15．（2018?通遼）小明同學(xué)在進(jìn)行電學(xué)知識(shí)復(fù)習(xí)時(shí)，針對(duì)電阻甲和乙的I﹣U圖象，作出了如下判斷

31、，正確的是（　　） A．甲、乙串聯(lián)在電路中，相同時(shí)間內(nèi)甲、乙產(chǎn)生熱量之比為2：1 B．甲、乙并聯(lián)在電路中，相同時(shí)間內(nèi)甲、乙消耗電能之比為1：2 C．將甲和乙并聯(lián)，當(dāng)甲兩端電壓為2V時(shí)，則它們的干路電流為0.6A D．將甲和乙串聯(lián)，當(dāng)它們兩端電壓為3V時(shí)，通過甲的電流為0.6A 【分析】（1）（2）根據(jù)串并聯(lián)電路的特點(diǎn)、Q=I2Rt求出它們產(chǎn)生熱量和消耗電能的比值； （3）（4）根據(jù)串并聯(lián)電路的電流、電壓關(guān)系判定各個(gè)選項(xiàng)。 【解答】解： A、甲、乙串聯(lián)在電路中，電流是相同的，由圖象可知，當(dāng)電流都為0.2A時(shí)，甲的電壓為1V，乙的電壓為2V，即甲兩端的電壓是乙兩端電壓的（取其它

32、電流值仍然存在這樣的關(guān)系），根據(jù)Q=I2Rt=UIt可知，相同時(shí)間內(nèi)甲、乙產(chǎn)生熱量之比為1：2，故A錯(cuò)誤； B、甲、乙并聯(lián)在電路中，電壓是相同的，由圖象可知，當(dāng)電壓為2V時(shí)，甲的電流是0.4A，乙的電流是0.2A，即甲的電流是乙的電流的2倍，根據(jù)Q=I2Rt=UIt可知，相同時(shí)間內(nèi)甲、乙產(chǎn)生熱量之比為2：1，故B錯(cuò)誤； C、將甲和乙并聯(lián)，并聯(lián)電路各支路兩端的電壓相等；當(dāng)甲兩端電壓為2V時(shí)，由圖象可知，通過甲的電流為0.4A，通過乙的電流為0.2A，根據(jù)并聯(lián)電路的電流關(guān)系可知，干路電流為0.4A+0.2A=0.6A，故C正確； D、將甲和乙串聯(lián)，電流相同，由圖象可知，當(dāng)電路中的電流為0.2

33、A時(shí)，甲的電壓為1V，乙的電壓為2V，滿足它們兩端電壓（總電壓）為3V，所以由串聯(lián)電路的電流特點(diǎn)可知，通過甲的電流為0.2A，故D錯(cuò)誤。 故選：C。 　 16．（2018?內(nèi)江）將規(guī)格為“2.5V 0.3A”的小燈泡L1和規(guī)格為“3.8V 0.3A”的小燈泡L2串聯(lián)，接在3V的電源上，下列判斷正確的是（　　） A．L1的電阻大于L2的電阻 B．L1的亮度比L2的亮度更小 C．兩只燈泡都正常發(fā)光 D．兩只燈泡實(shí)際功率相等 【分析】根據(jù)電路圖可知，兩燈泡串聯(lián)；先根據(jù)歐姆定律的變形公式R=比較兩燈泡阻值的大小， 根據(jù)串聯(lián)電路電流的特點(diǎn)以及P=I2R比較燈泡的明暗程度。 根據(jù)P=I2R

34、分析兩只燈泡實(shí)際功率。 【解答】解：A、由歐姆定律的變形公式R=可得：R L1＜RL2；故A錯(cuò)誤； B、因?yàn)榇?lián)電路處處電流相等，由P=I2R可知，電流一定時(shí)，電阻越大，功率越大，因此燈泡L1的實(shí)際功率小于燈泡L2的實(shí)際功率，即燈泡L2更亮，故B正確； C、兩只燈泡都沒有在額定電壓下工作，所以都不正常發(fā)光，故C錯(cuò)誤； D、因兩燈泡的電阻不等，由P=I2R可知，兩只燈泡實(shí)際功率不相等，故D錯(cuò)誤。 故選：B。 　 17．（2018?深圳）如圖為“探究焦耳定律”的實(shí)驗(yàn)裝置。兩個(gè)相同的燒瓶中密封初溫相同、質(zhì)量相等的煤油，通電一段時(shí)間后，右側(cè)玻璃管中液面比左側(cè)高。下列說法正確的是（　?。?

35、 A．通過玻璃管中液面的高度判斷電流產(chǎn)生熱量的多少，這種方法是控制變量法 B．右側(cè)電阻絲的阻值比左側(cè)小 C．通過右側(cè)電阻絲的電流比左側(cè)小 D．該裝置用于探究電流通過導(dǎo)體產(chǎn)生的熱量多少與電阻大小的關(guān)系 【分析】（1）根據(jù)轉(zhuǎn)換法分析； （2）U形管中的液面越高，表明產(chǎn)生的熱量越多，結(jié)合焦耳定律進(jìn)行解答； （3）在串聯(lián)電路中，各處的電流是相同的； （4）根據(jù)控制變量法分析。 【解答】解： A、通過玻璃管中液面的高度判斷電流產(chǎn)生熱量的多少，這屬于轉(zhuǎn)換法，故A錯(cuò)誤； C、由圖知，兩電阻絲串聯(lián)，根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點(diǎn)可知，各處的電流是相同的，故C錯(cuò)誤； B、兩個(gè)相同的燒瓶中密封初

36、溫相同、質(zhì)量相等的煤油，通電一段時(shí)間后，右側(cè)玻璃管中液面比左側(cè)高，說明電流通過右側(cè)電阻絲產(chǎn)生的熱量多；電流和通電時(shí)間均相同，根據(jù)焦耳定律Q=I2Rt可知，右側(cè)電阻絲的阻值大，故B錯(cuò)誤； D、由前面解答可知，通過電阻絲的電流和通電時(shí)間均相同，由于左右兩側(cè)電阻絲的阻值不同，所以探究的是電流通過導(dǎo)體產(chǎn)生的熱量多少與電阻大小的關(guān)系，故D正確。 故選：D。 　 18．（2018?沈陽）如圖所示，電源電壓保持不變，R1=15Ω，閉合開關(guān)S1，斷開開關(guān)S2，電流表示數(shù)為0.2A；同時(shí)閉合開關(guān)S1、S2，電流表示數(shù)為0.5A，此時(shí)R1、R2的電功率分別為P1、P2．下列判斷正確的是（　　） A．

37、P1：P2=2：3 R1：R2=2：5 B．P1：P2=2：3 R1：R2=3：2 C．P1：P2=3：2 R1：R2=2：5 D．P1：P2=3：2 R1：R2=3：2 【分析】由電路圖可知，閉合開關(guān)S1，斷開開關(guān)S2時(shí)，電路為R1的簡單電路，電流表測通過R1的電流；同時(shí)閉合開關(guān)S1、S2時(shí)，R1與R2并聯(lián)，電流表測干路電流，根據(jù)并聯(lián)電路中各支路獨(dú)立工作、互不影響可知通過R1的電流不變，根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點(diǎn)求出通過R2的電流，利用并聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)和歐姆定律求出兩電阻的阻值之比，根據(jù)P=UI求出兩電阻的電功率之比。 【解答】解： 由電路圖可知，閉合開

38、關(guān)S1，斷開開關(guān)S2時(shí)，電路為R1的簡單電路，電流表測通過R1的電流； 同時(shí)閉合開關(guān)S1、S2時(shí)，R1與R2并聯(lián)，電流表測干路電流， 因并聯(lián)電路中各支路獨(dú)立工作、互不影響， 所以，通過R1的電流不變， 因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和， 所以，通過R2的電流： I2=I﹣I1=0.5A﹣0.2A=0.3A， 因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等， 所以，由I=可得，兩電阻的阻值之比： ====，故AC錯(cuò)誤； 由P=UI可得，兩電阻的電功率之比： ===，故B正確、D錯(cuò)誤。 故選：B。 　 19．（2018?達(dá)州）如圖所示電路，電源電壓不變，閉合開關(guān)S，當(dāng)滑片P置于

39、變阻器的B端時(shí)，電壓表的示數(shù)為6V，在10s內(nèi)定值電阻R1產(chǎn)生的熱量為36J；當(dāng)滑片P置于變阻器的中點(diǎn)時(shí)，電壓表的示數(shù)變化了2V．下列結(jié)果正確的是（　?。? A．R1先后兩次消耗的電功率之比為3：4 B．滑動(dòng)變阻器R2的最大阻值為10Ω C．電源電壓為10V D．R1的阻值為20Ω 【分析】由電路分析可知，R1與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電壓表測量滑動(dòng)變阻器兩端的電壓；由滑片的移動(dòng)和電壓表示數(shù)變化可知滑片滑到B點(diǎn)時(shí)電壓表的示數(shù)，則由歐姆定律可表示出滑片在不同位置時(shí)滑動(dòng)變阻器兩端的電壓與電源電壓電阻間的關(guān)系，聯(lián)立可解得R1與R2最大值之間的關(guān)系及電源的電壓； 由功率公式可求得R1的阻值，則可求

40、得R2的最大阻值；最后由功率公式分別求得R1先后兩次消耗的電功率，即可求得比值。 【解答】解： 由電路圖可知，R1與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電壓表測量滑動(dòng)變阻器兩端的電壓； 當(dāng)滑片在B端時(shí)，由歐姆定律可知，電流中的電流： I1=， 則滑動(dòng)變阻器兩端的電壓（電壓表的示數(shù)）： U2=I1×R2==6V﹣﹣﹣﹣﹣﹣① 由題意知，當(dāng)滑片滑到中點(diǎn)處時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻變小，變阻器分得電壓變小，即電壓表示數(shù)應(yīng)減小，所以，滑片滑到中點(diǎn)時(shí)，滑動(dòng)變阻器兩端電壓為U2′=6V﹣2V=4V； 同理可得，滑動(dòng)變阻器兩端的電壓（電壓表的示數(shù)）： U2′==4V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣② ①：②可得： =， 解得R

41、1=R2﹣﹣﹣﹣﹣﹣③ 將③代入①： ==6V， 可得電源電壓：U=12V，故C錯(cuò)誤； 當(dāng)滑片滑到B端時(shí)，R1兩端電壓為：U1=U﹣U2=12V﹣6V=6V； 由Q=t=36J可得：R1=×10s=10Ω，故D錯(cuò)誤； 因R2=R1，所以變阻器R2的最大阻值為10Ω，故B正確； 滑片在中點(diǎn)時(shí)，R1兩端的電壓為U1′=U﹣U2′=12V﹣4V=8V， 則R1先后兩次的電壓之比為： ==， 由P=可得R1先后兩次消耗的電功率之比： ====，故A錯(cuò)誤。 故選：B。 　 20．（2018?湘西州）以下所列家用電器中，正常工作時(shí)，電能主要轉(zhuǎn)化為機(jī)械能的是（　　） A． 電風(fēng)扇

42、 B． 電水壺 C． 電飯煲 D． 電視機(jī) 【分析】電流做功的過程實(shí)質(zhì)上是電能轉(zhuǎn)化為其它形式能的過程，用電器消耗了電能，獲得了其它形式的能量，就是一個(gè)電流做功的過程。 【解答】解： 在常見的家用電器中，電風(fēng)扇主要把電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能； 而電水壺、電飯煲主要把電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能；電視機(jī)主要將電能轉(zhuǎn)化為光能和聲能。 故選：A。 　 21．（2018?福建）新的國家標(biāo)準(zhǔn)對(duì)廷長線插座配用電纜的導(dǎo)線橫截面積要求進(jìn)行了修改，額定電流16A的延長線插座，導(dǎo)線 最小標(biāo)稱橫截面積由1mm2提升到1.5mm2．增大導(dǎo)線橫截面積的目的是（　　） A．增大導(dǎo)線的電阻

43、B．減小通過導(dǎo)線的電流 C．增大導(dǎo)線的電壓 D．減小導(dǎo)線發(fā)熱的功率 【分析】根據(jù)影響電阻大小的因素分析導(dǎo)線的橫截面積變大時(shí)其電阻的變化，電流一定時(shí)，根據(jù)歐姆定律分析導(dǎo)線兩端的電壓變化，根據(jù)P=I2R分析導(dǎo)線的發(fā)熱功率變化，要注意通過導(dǎo)線的電流與插座上用電器消耗的電功率有關(guān)。 【解答】解： A．廷長線的材料和長度相同時(shí)，增大導(dǎo)線橫截面積可以減小導(dǎo)線的電阻，故A錯(cuò)誤； B．通過導(dǎo)線的電流與插座上用電器消耗的電功率有關(guān)，無法判斷通過導(dǎo)線電流的變化，故B錯(cuò)誤； C．在通過導(dǎo)線的電流一定時(shí)，導(dǎo)線的電阻減小，由U=IR可知，可以減小導(dǎo)線兩端的電壓，故C錯(cuò)誤； D．在通過導(dǎo)線的電流一定時(shí)，導(dǎo)線

44、的電阻減小，由P=I2R可知，可以減小導(dǎo)線發(fā)熱的功率，故D正確。 故選：D。 　 22．（2018?瀘州）小明家有額定電壓相同的微波爐和電視機(jī)各一臺(tái)，按照每度電0.55元的計(jì)費(fèi)標(biāo)準(zhǔn)，將這兩個(gè)用電器正常工作1h所用的電費(fèi)繪制成了如圖所示的柱狀圖，對(duì)小明家的這兩個(gè)用電器，下列判斷正確的是（　?。? A．微波爐正常工作時(shí)的電壓大于電視機(jī)正常工作時(shí)的電壓 B．微波爐正常工作時(shí)的電流等于電視機(jī)正常工作時(shí)的電流 C．微波爐正常工作時(shí)的電功率大于電視機(jī)正常工作時(shí)的電功率 D．每月在微波爐上用的電費(fèi)一定比在電視機(jī)上用的電費(fèi)多 【分析】（1）根據(jù)用電器正常工作時(shí)的電壓與額定電壓相等分析判斷；

45、 （2）從柱狀圖可知兩用電器正常工作1小時(shí)的電費(fèi)，進(jìn)而知道消耗的電能，再根據(jù)P=和P=UI判斷通過用電器的電功率和電流； （3）電能計(jì)算：W=Pt；電能的多少與電功率大小和時(shí)間長短有關(guān)； 【解答】解： A、用電器正常工作時(shí)的電壓等于額定電壓，由于微波爐和電視機(jī)的額定電壓相同，所以這兩個(gè)用電器正常工作時(shí)的電壓相等，故A錯(cuò)誤； BC、由柱狀圖可知，微波爐正常工作1小時(shí)的電費(fèi)比電視機(jī)高，而單價(jià)是一定的，所以微波爐消耗電能多， 根據(jù)P=可知，微波爐電功率大于電視機(jī)的電功率，故C正確； 電壓相同，由P=UI可知，微波爐正常工作時(shí)的電流大，故B錯(cuò)誤； D、雖然微波爐電功率大，由于不知道一個(gè)月

46、內(nèi)它們的實(shí)際工作時(shí)間，根據(jù)W=Pt知無法判斷微波爐和電視機(jī)消耗的電能的多少，所以無法比較電費(fèi)的多少，故D錯(cuò)誤。 故選：C。 　 23．（2018?無錫）用如圖的裝置探究影響電流熱效應(yīng)的因素”，電阻絲R1和R2分別密封在兩只完全相同 的燒瓶中，且R1＜R2，瓶中裝有質(zhì)量相等的煤油。下列說法正確的是（　?。? A．該裝置用來探究電流熱效應(yīng)與電流大小的關(guān)系 B．閉合開關(guān)后，裝R1電阻絲的燒瓶中溫度計(jì)示數(shù)上上升較快 C．實(shí)驗(yàn)中，通過溫度計(jì)示數(shù)的變化來比較電阻絲產(chǎn)生生熱量的多少 D．將某一燒瓶中的煤油換成等質(zhì)量的水，可比較煤油和水的比熱容大 【分析】（1）根據(jù)裝置中的相同點(diǎn)、不同點(diǎn)，

47、利用控制變量法分析； （2）由焦耳定律Q=I2Rt分析放出熱量的多少； （3）通過觀察燒瓶中溫度計(jì)示數(shù)的變化來判斷電阻絲發(fā)熱的多少屬于轉(zhuǎn)換法； （4）由吸熱公式Q吸=cm△t可知，要比較水和煤油的比熱容大小，應(yīng)讓兩瓶中水和煤油的質(zhì)量m相等、吸收的熱量相等（加熱時(shí)間相等），通過比較它們升高的溫度大小關(guān)系，得出比熱容的大小關(guān)系。 【解答】解： A、由圖可知，兩電阻絲串聯(lián)，電流相同，通電時(shí)間也相同，但電阻不同，故該實(shí)驗(yàn)探究的是電流產(chǎn)生的熱量與電阻的關(guān)系，故A錯(cuò)誤； B、由焦耳定律Q=I2Rt可知，電流和通電時(shí)間相同時(shí)，電阻越大，放出的熱量越多，由于R1＜R2，故R2放出的熱量多，溫度計(jì)示

48、數(shù)升的高，故B錯(cuò)誤； C、通電后電流通過電阻絲做功，產(chǎn)生熱量使煤油的溫度升高，通過觀察溫度計(jì)的示數(shù)大小來判斷電流產(chǎn)生的熱量的多少，這個(gè)研究方法可以稱之為轉(zhuǎn)換法，故C正確； D、要比較水和煤油的比熱容，則應(yīng)讓水和煤油的質(zhì)量相等、吸收的熱量（加熱時(shí)間）相等，由溫度的變化大小得出比熱容的大小關(guān)系；故用相同質(zhì)量的水代替煤油，兩瓶中都有相同阻值相同的電阻絲，電阻相等；故D錯(cuò)誤。 故選：C。 　 24．（2018?黃石）將A、B兩個(gè)燈泡，按圖一、圖二兩種方式連接，已知RA=4Ω、RB=6Ω，電源電壓相同，下面分析正確的是（　?。? A．圖一中A燈比B燈亮 B．圖二中A燈比B燈亮 C．圖一

49、中A燈比圖二中A燈亮 D．圖一中的總功率比圖二中的總功率要大 【分析】（1）圖一中，兩燈泡串聯(lián)，通過它們的電流相等，根據(jù)P=UI=I2R比較兩燈泡的實(shí)際功率關(guān)系，實(shí)際功率大的燈泡較亮； （2）圖二中，兩燈泡并聯(lián)，它們兩端的電壓相等，根據(jù)P=UI=比較兩燈泡的實(shí)際功率關(guān)系，然后判斷亮暗關(guān)系； （3）根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)和并聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)分析兩圖中A燈兩端的電壓關(guān)系，根據(jù)P=UI=比較兩種情況下A燈的實(shí)際功率關(guān)系，然后判斷亮暗關(guān)系； （4）根據(jù)電阻的串并聯(lián)比較兩圖的總電阻關(guān)系，根據(jù)P=UI=比較兩種情況下電路的總功率關(guān)系。 【解答】解： A．圖一中，兩燈泡串聯(lián)， 因串聯(lián)電路中各

50、處的電流相等，且燈泡的亮暗取決于實(shí)際功率的大小， A燈泡的電阻較小，由P=UI=I2R可知，A燈泡的實(shí)際功率較小，即A燈比B燈暗，故A錯(cuò)誤； B．圖二中，兩燈泡并聯(lián)， 因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等， 所以，由P=UI=可知，A燈泡的電阻較小，其實(shí)際功率較大，A燈比B燈亮，故B正確； C．由于圖一中A燈泡兩端的電壓小于電源電壓，圖二中A燈泡兩端的電壓等于電源的電壓， 所以，由P=UI=可知，圖一中A燈泡的實(shí)際功率較小，燈泡較暗，即圖一中A燈比圖二中A燈暗，故C錯(cuò)誤； D．因串聯(lián)電路中總電阻大于任何一個(gè)分電阻，并聯(lián)電路中總電阻小于任何一個(gè)分電阻， 所以，圖一中的總電阻大于圖二中

51、的總電阻， 由P=UI=可知，圖一中的總功率比圖二中的總功率要小，故D錯(cuò)誤。 故選：B。 　 25．（2018?連云港）如圖所示，電源電壓恒為15V，定值電阻R的阻值為20Ω，閉合開關(guān)后，使變阻器的阻值減小5Ω，電流表示數(shù)變化了0.1A，則下列說法正確的是（　?。? A．電流表示數(shù)減小了0.1A B．電壓表示數(shù)減小了0.5V C．定值電阻的電功率增大了0.2W D．電路總功率增大了1.5W 【分析】（1）由圖R與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電壓表測滑動(dòng)變阻器兩端電壓，電流表測的電路中電流，根據(jù)歐姆定律判斷電流表示數(shù)變化情況； （2）根據(jù)串聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律先求出變阻器連入電路的阻

52、值，然后分別根據(jù)電功率公式求出功率。 【解答】解： 由圖可知，變阻器R變與R串聯(lián)在電路中，電壓表測滑動(dòng)變阻器兩端電壓，電流表測電路中電流； A、使變阻器的阻值減小5Ω，根據(jù)串聯(lián)電路的電阻特點(diǎn)可知總電阻變小，由于電源電壓不變，根據(jù)I=可知電路中電流變大，所以電流表示數(shù)變化了0.1A，應(yīng)是增大0.1A，故A錯(cuò)誤； B、設(shè)原來變阻器接入電路的阻值為R變，變阻器的阻值減小5Ω后，此時(shí)變阻器接入電路的阻值為R變﹣5Ω， 由題意可知：△I=I2﹣I1=0.1A， 即：﹣=0.1A， 所以，﹣=0.1A， 解得：R變=10Ω，R變=﹣45Ω（舍去）， 所以，I1===0.5A， I2==

53、=0.6A， 則電壓表示數(shù)變化量： △U變=I2（R變﹣5Ω）﹣I1R變=0.6A×（10Ω﹣5Ω）﹣0.5A×10Ω=﹣2V， 所以電壓表示數(shù)減小了2V；故B錯(cuò)誤； C、定值電阻電功率的增大量： △P1=I22R﹣I12R=（0.6A）2×20Ω﹣（0.5A）2×20Ω=2.2W，故C錯(cuò)誤； D、總功率的增大量： △P=UI2﹣UI1=15V×0.6A﹣15V×0.5A=1.5W，故D正確。 故選：D。 　 26．（2018?武漢）如圖所示，電源電壓U保持不變。當(dāng)開關(guān)S2閉合、S1和S3斷開，滑動(dòng)變阻器的滑片在最右端時(shí)，電路的總功率為P1，再將滑片滑至最左端，有一只電表的

54、示數(shù)變?yōu)樵瓉淼?；?dāng)開關(guān)S1和S3閉合、S2斷開，滑動(dòng)變阻器的滑片從最右端滑至中點(diǎn)時(shí)，R3的功率增大了0.05W，且滑片在中點(diǎn)時(shí)，電壓表V1的示數(shù)為U1；當(dāng)所有開關(guān)閉合，滑動(dòng)變阻器的滑片在最左端時(shí)，電路的總功率為P2，兩只電流表示數(shù)相差0.3A．已知P1：P2=2：15，下列結(jié)論正確的是（　?。? A．P2=5.4W B．U=12V C．U1=6V D．R2=20Ω 【分析】（1）當(dāng)開關(guān)S2閉合、S1和S3斷開，滑動(dòng)變阻器的滑片在最右端時(shí)，R2與R3的最大阻值串聯(lián)，電壓表V1測R2兩端的電壓，電壓表V2測電源兩端的電壓，電流表A1測電路中的電流；再將滑片滑至最左端時(shí)，R2與R3的最大阻值串

55、聯(lián)，電壓表V1、V2均測R2兩端的電壓，電流表A1測電路中的電流，據(jù)此可知示數(shù)變化的電表為V2，并得出R2兩端的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)求出R3兩端的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點(diǎn)和歐姆定律表示出兩電阻的阻值之比； （2）當(dāng)開關(guān)S2閉合、S1和S3斷開，滑動(dòng)變阻器的滑片在最右端時(shí)，根據(jù)電阻的串聯(lián)和P=表示出電路中的總功率P1；當(dāng)所有開關(guān)閉合，滑動(dòng)變阻器的滑片在最左端時(shí)，R1與R2并聯(lián)，電流表A2測干路電流，電流表A1測R2支路的電流，根據(jù)并聯(lián)電路的特點(diǎn)和電功率公式表示出電路的總功率P2，利用P1：P2=2：15得出等式即可求出R1與R2的阻值關(guān)系；利用并聯(lián)電路的電流特點(diǎn)結(jié)合兩只電流表示數(shù)相

56、差0.3A即可得出電源的電壓和R2的阻值關(guān)系；當(dāng)開關(guān)S1和S3閉合、S2斷開時(shí)，R1與R3串聯(lián)，電壓表V1測R1兩端的電壓，電壓表V2測電源兩端的電壓，電流表A2測電路中的電流，根據(jù)串聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律求出滑片位于最右端和中點(diǎn)時(shí)電路中的電流，利用P=I2R結(jié)合R3的功率變化即可求出R3的阻值，進(jìn)一步求出R1和R2的阻值以及電源的電壓，利用歐姆定律求出U1的大小，最后根據(jù)并聯(lián)電路的特點(diǎn)和P=求出P2的大小。 【解答】解： （1）當(dāng)開關(guān)S2閉合、S1和S3斷開，滑動(dòng)變阻器的滑片在最右端時(shí)，等效電路圖如圖1所示； 再將滑片滑至最左端時(shí)，等效電路圖如圖2所示： 由圖1和圖2可知，示數(shù)變

57、化的電表為V2，且R2兩端的電壓UR2=U， 因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和， 所以，R3兩端的電壓UR3=U，則UR2：UR3=1：4， 因串聯(lián)電路中各處的電流相等， 所以，由I=可得： ===，即R3=4R2﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①； （2）當(dāng)開關(guān)S1和S3閉合、S2斷開，滑動(dòng)變阻器的滑片位于最右端時(shí)，等效電路圖如圖3所示； 滑片位于中點(diǎn)時(shí)，等效電路圖如圖4所示； 當(dāng)所有開關(guān)閉合，滑動(dòng)變阻器的滑片在最左端時(shí)，電路的等效電路圖如圖5所示： 因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和， 所以，圖1中，電路的總功率： P1===， 因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，且電路的總功

58、率等于各用電器功率之和， 所以，圖5中，電路的總功率： P2=+， 由P1：P2=2：15可得： 15P1=2P2，即15×=2×（+）， 解得：R1=2R2﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣② 因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，且圖5中兩只電流表示數(shù)相差0.3A， 所以，圖5中，通過R1的電流： I5=I﹣I4=0.3A，則==0.3A，即=0.6A﹣﹣﹣﹣﹣﹣③ 圖3中，電路中的電流： I2====×=×0.6A=0.1A， 圖4中，電路中的電流： I3====×=×0.6A=0.15A， 因圖4和圖3相比較R3的功率增大了0.05W， 所以，由P=I2R可得： P3

59、′﹣P3=I32×R3﹣I22R3=（0.15A）2×R3﹣（0.1A）2×R3=0.05W， 解得：R3=40Ω， 代入①②③兩式可得：R1=20Ω，R2=10Ω，U=6V，故BD錯(cuò)誤； 圖4中，U1=I3R1=0.15A×20Ω=3V，故C錯(cuò)誤； 圖5中，P2=+=+=5.4W，故A正確。 故選：A。 　 27．（2018?恩施州）如圖，電路中L1“6V 3W“和L2“6V 6W”兩燈泡和滑動(dòng)變阻器R串聯(lián)，電源電壓恒為12V．下列說法正確的是（　?。? A．閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片P，兩燈泡均能正常發(fā)光 B．保證兩燈泡均不損壞，滑動(dòng)變阻器R連入電路的最小值為3Ω

60、 C．滑片P從最右端向左移動(dòng)，使某燈剛好正常發(fā)光，則此時(shí)另一盞燈的實(shí)際功率為1.5W D．在保證電路安全的情況下，電路總功率最大可達(dá)到12W 【分析】（1）閉合開關(guān)S，兩燈泡和滑動(dòng)變阻器R串聯(lián)，由于串聯(lián)電路的電流處處相等，則根據(jù)兩燈泡正常發(fā)光時(shí)的電流大小即可判斷； （2）已知兩燈泡的額定電壓和額定功率，根據(jù)公式P=UI先計(jì)算出兩燈正常發(fā)光時(shí)的電流，兩燈串聯(lián)后，正常發(fā)光的是電流較小的一個(gè)，再利用公式R=求出兩燈的電阻，利用歐姆定律求出總電阻，根據(jù)串聯(lián)電路的電阻特點(diǎn)即可求出R連入電路的最小值； （3）由于正常發(fā)光的是電流較小的一個(gè)，則根據(jù)P=I2R求出另一盞燈的實(shí)際功率； （4）在保證

61、電路安全的情況下，電路中的電流達(dá)到正常發(fā)光時(shí)電流較小的燈泡的電流即為電路可達(dá)到的電流，利用P=UI即可求出最大功率， 【解答】解： A、根據(jù)P=UI可得，燈泡正常工作的電流分別為： I1===0.5A，I2===1A； 兩燈泡正常發(fā)光時(shí)的電流不相等；閉合開關(guān)S，兩燈泡和滑動(dòng)變阻器R串聯(lián)，由于串聯(lián)電路的電流處處相等，所以兩燈泡不能都正常發(fā)光；故A錯(cuò)誤； B、由于串聯(lián)電路的電流處處相等，兩燈泡正常發(fā)光時(shí)的電流I1＜I2， 所以電路中的最大電流I=I1=0.5A， 由歐姆定律可得總電阻：R===24Ω； 由P=可得，兩燈的電阻分別為： R1===12Ω，R2===6Ω； 根據(jù)串聯(lián)

62、電路的總電阻等于各分電阻之和可得， R連入電路的最小值：R最小=R﹣R1﹣R2=24Ω﹣12Ω﹣6Ω=6Ω；故B錯(cuò)誤； C、滑片P從最右端向左移動(dòng)，使某燈剛好正常發(fā)光，則正常發(fā)光的是電流較小的一個(gè)燈泡L1， 所以另一盞燈的實(shí)際功率：P2=I2R2=（0.5A）2×6Ω=1.5W，故C正確； D、在保證電路安全的情況下，電路中的最大電流I=I1=0.5A， 則整個(gè)電路的最大功率：P大=UI=12V×0.5A=6W，故D錯(cuò)誤。 故選：C。 　 二．填空題（共16小題） 28．（2018?青島）某電視機(jī)的額定功率是l10w，則它正常工作時(shí)，電流是　0.5A　；1kW?h的電能可供它

63、止常工作的時(shí)間是　9.1h?。ㄖ辽俦Ａ粢晃恍?shù)） 【分析】電視機(jī)正常工作時(shí)的功率和額定功率相等，利用公式I=得到電視機(jī)的電流，再根據(jù)t=求出1kW?h的電能可供電視機(jī)正常發(fā)光的時(shí)間。 【解答】解：家庭電路的電壓是220V，電視機(jī)的額定功率是l10W， 則它正常工作時(shí)，通過電視機(jī)的電流為：I===0.5A； 1kW?h的電能可供它正常工作的時(shí)間：t==≈9.1h。 故答案為：0.5A；9.1h。 　 29．（2018?攀枝花）如圖所示，測電筆正確的使用方法是　乙?。ㄟx填”甲”或“乙”），已知測電筆的電阻約為1.1×106Ω，氖管和人體的電阻比它小得多，可以忽略，請你計(jì)算“220V

64、40W”燈泡正常工作時(shí)的電流約為正確使用測電筆時(shí)通過人體電流的　900　倍（結(jié)果保留到整數(shù)）。 【分析】①正確使用試電筆的方法：站在地上手接觸試電筆的筆尾金屬體，筆尖接觸火線或零線。氖管發(fā)光的是火線，氖管不發(fā)光的是零線；三孔插座的左孔接零線，右孔接火線，上孔接地線，根據(jù)測電筆的正確使用方法進(jìn)行分析，即食指接觸測電筆末端的金屬部位，使電路形成通路； ②已知家庭電路電壓及測電筆電阻和燈泡額定電壓和額定功率，可以得到兩者通過的電流，比較得到結(jié)果。 【解答】解：使用測電筆時(shí)，拇指和中指不要接觸測電筆前端的金屬體，手必須接觸測電筆末端的金屬體，使電源和大地之間形成通路，故乙是正確的測量方法；

65、 通過測電筆的電流為I筆===2×10﹣4A； 因?yàn)镻=UI， 所以通過燈泡的電流為I燈==≈0.18A， 所以燈泡正常工作時(shí)的電流約為正確使用測電筆時(shí)通過人體電流的=900倍。 故答案為：乙；900。 　 30．（2018?湘西州）某學(xué)校傳達(dá)室里安裝有40W和20W兩種燈泡，晚上開燈時(shí)，同學(xué)們發(fā)現(xiàn)40W的比20W的亮。這說明40W的燈泡比20W的燈泡實(shí)際功率　大　。（選填“大”或“小”） 【分析】額定功率是燈泡在額定電壓下工作的電功率，燈泡的亮度取決于燈的實(shí)際功率。 【解答】解： 因?yàn)闊襞莸牧炼仁怯善鋵?shí)際功率所決定的，而40W的比20W的亮，所以40W的燈泡比20W的燈泡實(shí)

66、際功率大。 故答案為：大。 　 31．（2018?重慶）丹麥物理學(xué)家　奧斯特　首先發(fā)現(xiàn)了電與磁之間存在本質(zhì)聯(lián)系，生產(chǎn)生活中的　電磁起重機(jī)?。ㄟx填“電磁起重機(jī)”“臺(tái)燈”或“電熱毯”）主要是利用電流磁效應(yīng)工作的。 【分析】（1）在1820年，丹麥物理學(xué)家奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流周圍存在著磁場； （2）通電導(dǎo)體周圍存在磁場，這叫做電流的磁效應(yīng)。 【解答】解： （1）奧斯特把通電直導(dǎo)線放在水平方向靜止的小磁針上，小磁針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，說明受到磁力作用，實(shí)驗(yàn)表明電流周圍存在磁場； （2）通電導(dǎo)線周圍有磁場，這就是的電流的磁效應(yīng)，電磁起重機(jī)、電磁繼電器等都是利用該原理制成的；臺(tái)燈工作時(shí)把電能轉(zhuǎn)化為光和熱，不是利用電流磁效應(yīng)工作的；電熱毯是利用電流流過導(dǎo)體時(shí)發(fā)熱而工作的，應(yīng)用了電流的熱效應(yīng)。 故答案為：奧斯特；電磁起重機(jī)。 　 32．（2018?哈爾濱）“探究小燈泡電功率”的實(shí)驗(yàn)電路如圖甲，實(shí)驗(yàn)中選擇“2.5V”小燈泡，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片的過程發(fā)現(xiàn)燈亮度變化，這是由　燈泡的實(shí)際功率　變化引起的。實(shí)驗(yàn)得到燈的U﹣I圖象如圖乙，則小燈泡的額定功率是　0.75　W。 【分析】（1）甲圖中，燈