《2020版高考物理總復(fù)習(xí) 第一章 第2節(jié) 勻變速直線運(yùn)動規(guī)律練習(xí)（含解析）》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2020版高考物理總復(fù)習(xí) 第一章 第2節(jié) 勻變速直線運(yùn)動規(guī)律練習(xí)（含解析）（6頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、第2節(jié)　勻變速直線運(yùn)動規(guī)律 1.關(guān)于伽利略對自由落體運(yùn)動的研究,下列說法中正確的是(　C　) A.伽利略認(rèn)為在同一地點(diǎn),重的物體和輕的物體下落快慢不同 B.伽利略猜想運(yùn)動速度與下落時間成正比,并直接用實(shí)驗(yàn)進(jìn)行了驗(yàn)證 C.伽利略通過數(shù)學(xué)推演并用小球在斜面上的運(yùn)動,驗(yàn)證了位移與時間的二次方成正比 D.伽利略用小球在斜面上運(yùn)動“沖淡重力”,驗(yàn)證了運(yùn)動速度與位移成正比 解析:亞里士多德認(rèn)為在同一地點(diǎn)重的物體和輕的物體下落快慢不同,A錯誤;伽利略猜想自由落體的運(yùn)動速度與下落時間成正比,并未直接進(jìn)行驗(yàn)證,而是通過數(shù)學(xué)推演得到位移與時間的二次方應(yīng)成正比,且通過斜面實(shí)驗(yàn)并進(jìn)行合理外推加以驗(yàn)

2、證,B錯誤,C正確;小球在斜面上運(yùn)動的速度與位移不成正比,D錯誤. 2.(2019·江蘇如皋調(diào)研)小鋼球從某位置由靜止釋放,用頻閃照相機(jī)在同一底片上多次曝光,得到的照片如圖所示.已知連續(xù)兩次曝光的時間間隔,為求出小球經(jīng)過B點(diǎn)的速度,需測量(　D　) A.照片中AC的距離 B.照片中球的直徑及AC的距離 C.小鋼球的實(shí)際直徑、照片中AC的距離 D.小鋼球的實(shí)際直徑、照片中球的直徑及AC的距離 解析:根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的規(guī)律可知vB=,為求解AC的實(shí)際距離,需知道小鋼球的實(shí)際直徑、照片中球的直徑及照片中AC的距離,然后根據(jù)比例關(guān)系可知AC的實(shí)際距離,故選項(xiàng)D正確,A,B,C錯誤.

3、 3.(2019·山東濟(jì)南測試)在民航和火車站可以看到用于對行李進(jìn)行安全檢查的水平傳送帶.當(dāng)旅客把行李放到傳送帶上時,傳送帶對行李的滑動摩擦力使行李開始做勻加速直線運(yùn)動.隨后它們保持相對靜止,行李隨傳送帶一起前進(jìn).設(shè)傳送帶勻速前進(jìn)的速度為0.25 m/s,把質(zhì)量為5 kg的木箱靜止放到傳送帶上,由于滑動摩擦力的作用,木箱以6 m/s2的加速度前進(jìn),那么這個木箱放在傳送帶上后,傳送帶上將留下的摩擦痕跡約為(傳送帶足夠長)(　A　) A.5 mm B.6 mm C.7 mm D.10 mm 解析:木箱由靜止開始運(yùn)動達(dá)到傳送帶速度所需的時間t== s= s,在這段時間內(nèi)木箱的位移x

4、1=at2= m.傳送帶的位移x2=v0t= m,則相對位移大小Δx=x2-x1= m≈5 mm. 4.(2018·山東省實(shí)驗(yàn)中學(xué)一模)(多選)在一次救災(zāi)活動中,一輛救災(zāi)汽車由靜止開始做勻變速直線運(yùn)動,剛運(yùn)動了8 s,由于前方突然有巨石滾下堵在路中央,所以又緊急剎車,勻減速運(yùn)動經(jīng)4 s停在巨石前,則關(guān)于汽車的運(yùn)動情況,下列說法正確的是(　BCD　) A.加速、減速中的加速度大小之比a1∶a2=2∶1 B.加速、減速中的平均速度大小之比v1∶v2=1∶1 C.加速、減速中的位移大小之比x1∶x2=2∶1 D.加速、減速中的加速度大小之比a1∶a2=1∶2 解析:設(shè)加速階段的末速

5、度為v,則加速階段的加速度大小為a1==,減速階段的加速度大小a2==,則加速度大小之比a1∶a2=1∶2,故A錯誤,D正確;根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的平均速度公式=得,加速階段和減速階段的平均速度之比v1∶v2=1∶1,故B正確;根據(jù)x= t,知加速階段和減速階段的位移大小之比x1∶x2=2∶1,故C正確. 5.(多選)如圖所示,小球從豎直磚墻某位置由靜止釋放,用頻閃照相機(jī)在同一底片上多次曝光,圖中1,2,3,4,5…為小球運(yùn)動過程中每次曝光的位置.連續(xù)兩次曝光的時間間隔均為T,每塊磚的厚度為d.根據(jù)圖中的信息,下列判斷正確的是(　BCD　) A.能判定位置“1”是小球釋放的初始位置 B

6、.能求出小球下落的加速度為 C.能求出小球在位置“3”的速度為 D.如果已知d和T的數(shù)值,就能判定小球下落過程中機(jī)械能是否守恒 解析:由圖可知,Δx=d,根據(jù)Δx=aT2,得小球下落的加速度為a=,選項(xiàng)B正確;由=得小球在位置“3”的速度為v3=,選項(xiàng)C正確;若已知d和T的數(shù)值,代入a=,計(jì)算得出a=g,則小球做自由落體運(yùn)動,小球下落過程中機(jī)械能守恒;若計(jì)算得出a

7、速上升,當(dāng)它上升到離地175 m的高處時,一重物從氣球上掉落,下列說法錯誤的是(g取10 m/s2)(　B　) A.重物落到地面上所用時間為7 s B.重物落到地面上所用時間為 s C.重物離地最大高度為180 m D.重物落地速度為60 m/s 解析:重物從氣球上掉落后做豎直上拋運(yùn)動,則有x=v0t-gt2,代入數(shù)值即-175=10t-×10×t2,解得t=7 s,故A正確,B錯誤;重物離開氣球后,繼續(xù)上升1 s,到達(dá)最高點(diǎn),上升的高度為h== m=5 m,重物離地面的高度為H=h+175 m=180 m,故C正確;重物落地速度v=,得出v=60 m/s,故D正確. 7.(201

8、9·廣西梧州測試)(多選)如圖所示,物體自O(shè)點(diǎn)由靜止開始做勻加速直線運(yùn)動,A,B,C,D為其運(yùn)動軌跡上的四點(diǎn),測得AB=2 m,BC=3 m.且物體通過AB,BC,CD所用的時間相等,則下列說法正確的是(　BC　) A.可以求出物體加速度的大小 B.可以求得CD=4 m C.可以求得OA之間的距離為1.125 m D.可以求得OB之間的距離為3.25 m 解析:由勻變速直線運(yùn)動的規(guī)律知xCD-xBC=xBC-xAB=aT2,可得xCD=4 m,而時間T未知,故加速度大小不能求出,A錯誤,B正確;由勻變速直線運(yùn)動的規(guī)律知vB==,又a=,故xOB==3.125 m,故xOA=xOB

9、-xAB=1.125 m,故C正確,D錯誤. 8.(2019·河南八市第一次聯(lián)考)一質(zhì)點(diǎn)在外力作用下沿直線做勻加速運(yùn)動,從某時刻開始計(jì)時,測得該質(zhì)點(diǎn)在第1 s內(nèi)的位移為2.0 m,第5 s內(nèi)和第6 s內(nèi)的位移之和為11.2 m.求: (1)該質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動的加速度大小; (2)該質(zhì)點(diǎn)在第6 s內(nèi)的位移大小. 解析:(1)物體在0.5 s時的瞬時速度 v1== m/s=2 m/s 物體在5 s末的瞬時速度 v2== m/s=5.6 m/s 則物體的加速度 a== m/s2=0.8 m/s2. (2)物體在第6 s內(nèi)的位移 x=v2t'+at'2=(5.6×1+×0.8×12) m

10、=6 m. 答案:(1)0.8 m/s2　(2)6 m 9.卡車以v0=10 m/s的速度在平直的公路上勻速行駛,因?yàn)槁房诔霈F(xiàn)紅燈,司機(jī)立即剎車,使卡車勻減速直線前進(jìn)直至停止.停止等待6 s時,交通燈變?yōu)榫G燈,司機(jī)立即使卡車做勻加速直線運(yùn)動.已知從開始剎車到恢復(fù)原來的速度所用時間t=12 s,勻減速的加速度是勻加速時的2倍,反應(yīng)時間不計(jì).則下列說法正確的是(　D　) A.卡車勻減速所用時間t1=4 s B.勻加速的加速度為5 m/s2 C.卡車剎車過程通過的位移是20 m D.從卡車開始剎車到剛恢復(fù)到原來速度的過程中,通過的位移大小為30 m 解析:勻減速運(yùn)動的加速度是勻加速

11、運(yùn)動的加速度的2倍,根據(jù)v=at得勻減速運(yùn)動的時間是勻加速運(yùn)動時間的,勻加速和勻減速運(yùn)動的時間之和為Δt=(12-6) s=6 s,則勻減速運(yùn)動的時間t1=Δt=2 s,選項(xiàng)A錯誤;勻加速運(yùn)動的時間為t2=4 s,故勻加速運(yùn)動的加速度為a== m/s2=2.5 m/s2,選項(xiàng)B錯誤;卡車剎車過程的位移x1=t1=5× 2 m=10 m,勻加速直線運(yùn)動的位移x2=×t2=5×4 m=20 m,則總位移x=x1+x2=30 m,選項(xiàng)C錯誤,D正確. 10.(2018·廣東茂名五大聯(lián)盟學(xué)校一模)一質(zhì)點(diǎn)做勻變速直線運(yùn)動,已知初速度大小為v,經(jīng)過一段時間速度大小變?yōu)?v,加速度大小為a,這段時間內(nèi)

12、的路程與位移大小之比為5∶3,則下列敘述正確的是(　B　) A.這段時間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動方向不變 B.這段時間為 C.這段時間的路程為 D.再經(jīng)過相同時間質(zhì)點(diǎn)速度大小為3v 解析:根據(jù)題意可知這段時間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的路程與位移大小不同,加速度又恒定,則質(zhì)點(diǎn)一定是先減速到速度為零,再反向加速,故A錯誤;末速度與初速度方向相反,根據(jù)速度時間公式可得運(yùn)動時間為t==,故B正確;根據(jù)速度位移關(guān)系-=2ax,可得位移大小為,由路程與位移大小之比為5∶3得路程為,故C錯誤;根據(jù)v'=v0+at,可得v'=2v+a×=5v,即再經(jīng)過相同時間質(zhì)點(diǎn)速度大小為5v,故D錯誤. 11.(2018·河南南陽測試)已知?dú)?/p>

13、15在跑道上加速時可能產(chǎn)生的最大加速度為5.0 m/s2,當(dāng)殲15的速度達(dá)到50 m/s時才能離開航空母艦起飛.設(shè)航空母艦處于靜止?fàn)顟B(tài).求: (1)若要求殲15滑行160 m后起飛,彈射系統(tǒng)必須使飛機(jī)具有多大的初速度? (2)若艦上不裝彈射系統(tǒng),要求該種飛機(jī)仍能在此艦上正常起飛,問該艦身長至少應(yīng)為多長? (3)若艦上不裝彈射系統(tǒng),設(shè)航空母艦甲板長為L=160 m,為使殲15仍能從此艦上正常起飛,可采用先讓航空母艦沿飛機(jī)起飛方向以某一速度勻速航行,再讓殲15起飛的方式,則艦的航行速度至少為多少? 解析:(1)根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的速度位移公式,有 v2-=2ax 得飛機(jī)的初速度

14、v0==30 m/s. (2)根據(jù)速度位移公式v2=2ax' 解得x'==250 m. (3)設(shè)飛機(jī)起飛所用的時間為t,在時間t內(nèi)航空母艦航行的距離為L1,航空母艦的最小速度為v1, 對航空母艦有L1=v1t 對飛機(jī)有v=v1+at,v2-=2a(L+L1) 聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得v1=10 m/s. 答案:(1)30 m/s　(2)250 m　(3)10 m/s 12.端午節(jié)賽龍舟是中國民間傳統(tǒng),比賽時多人集體在鼓手的指揮下統(tǒng)一劃槳競賽.2018年端午節(jié),某龍舟隊(duì)以1分28.75秒的成績,獲得某市龍舟錦標(biāo)賽男子500米直道競速項(xiàng)目的冠軍.該次比賽中龍舟可看成先做初速度為零的勻加速

15、直線運(yùn)動,速度大小達(dá)到v=6 m/s后做勻速直線運(yùn)動完成比賽.(計(jì)算結(jié)果保留三位有效數(shù)字) (1)求龍舟勻加速階段的加速度大小a; (2)假設(shè)龍舟以加速度a加速達(dá)到速度v后,由于鼓手失誤,使龍舟從100 m開始,在10 s內(nèi)速度均勻減小到v1=4 m/s,經(jīng)調(diào)整操作,10 s末龍舟重新開始以加速度a加速,加速到速度v后勻速完成比賽.求龍舟由于鼓手失誤而耽誤的時間. 解析:(1)根據(jù)題意可知龍舟全過程的位移s=500 m,運(yùn)動時間t= 88.75 s.設(shè)其勻加速運(yùn)動的時間為t1,則做勻速運(yùn)動的時間為t- t1,有 s=t1+v(t-t1) v=at1 聯(lián)立以上各式解得a=0.554 m/s2. (2)龍舟開始運(yùn)動后加速到6 m/s所前進(jìn)的距離s0==32.5 m<100 m,故龍舟前100 m先加速后勻速,100 m 后t2=10 s內(nèi)的位移為 s1=t2 龍舟速度由v1再次加速到v的過程中,所用時間為 t3= 通過的位移為s2=t3 若鼓手不失誤,則龍舟勻速通過這兩段位移,設(shè)需要時間t4,則s1+s2=vt4 由鼓手失誤而耽誤的時間為Δt=t2+t3-t4 聯(lián)立以上各式解得Δt=2.28 s. 答案:(1)0.554 m/s2　(2)2.28 s - 6 -