《（新課標(biāo)）2020高考物理一輪復(fù)習(xí) 課時(shí)作業(yè)18 圓周運(yùn)動(dòng)（含解析）新人教版》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（新課標(biāo)）2020高考物理一輪復(fù)習(xí) 課時(shí)作業(yè)18 圓周運(yùn)動(dòng)（含解析）新人教版（10頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、圓周運(yùn)動(dòng) 一、選擇題 1．(2018·佛山一模)圖示為公路自行車(chē)賽中運(yùn)動(dòng)員在水平路面上急轉(zhuǎn)彎的情景，運(yùn)動(dòng)員在通過(guò)彎道時(shí)如果控制不當(dāng)會(huì)發(fā)生側(cè)滑而摔離正常比賽路線，將運(yùn)動(dòng)員與自行車(chē)看作一個(gè)整體，下列論述正確的是(　　) A．運(yùn)動(dòng)員轉(zhuǎn)彎所需向心力由地面對(duì)車(chē)輪的支持力與重力的合力提供 B．運(yùn)動(dòng)員轉(zhuǎn)彎所需向心力由地面對(duì)車(chē)輪的摩擦力提供 C．發(fā)生側(cè)滑是因?yàn)檫\(yùn)動(dòng)員受到的合力方向背離圓心 D．發(fā)生側(cè)滑是因?yàn)檫\(yùn)動(dòng)員受到的合外力大于所需的向心力 答案　B 解析　運(yùn)動(dòng)員轉(zhuǎn)彎所需向心力由地面對(duì)車(chē)輪的摩擦力提供，A項(xiàng)錯(cuò)誤，B項(xiàng)正確．發(fā)生側(cè)滑是因?yàn)檫\(yùn)動(dòng)員的速度過(guò)大，所需要的向心力過(guò)大，運(yùn)動(dòng)員受到的合力

2、小于所需要的向心力，而受到的合力方向仍指向圓心，故C、D兩項(xiàng)錯(cuò)誤． 2.(2018·溫州模擬)如圖所示，某臺(tái)計(jì)算機(jī)的硬盤(pán)約有近萬(wàn)個(gè)磁道(磁道為不同半徑的同心圓)，每個(gè)磁道分為m個(gè)扇區(qū)(每個(gè)扇區(qū)為圓周)．電動(dòng)機(jī)使磁盤(pán)以轉(zhuǎn)速n勻速轉(zhuǎn)動(dòng)．磁頭在讀、寫(xiě)數(shù)據(jù)時(shí)是不動(dòng)的，磁盤(pán)每轉(zhuǎn)一周，磁頭沿半徑方向跳動(dòng)一個(gè)磁道，若不計(jì)磁頭大小及磁頭轉(zhuǎn)移磁道所需的時(shí)間，則磁盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)(　　) A．A點(diǎn)的線速度小于B點(diǎn)的線速度 B．A點(diǎn)的向心加速度小于B點(diǎn)的向心加速度 C．硬盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)一圈的時(shí)間為2πn D．一個(gè)扇區(qū)通過(guò)磁頭所用的時(shí)間為 答案　D 解析　點(diǎn)A、點(diǎn)B為同軸傳動(dòng)，角速度ω相等，根據(jù)v＝rω，A點(diǎn)的線速

3、度大于B點(diǎn)的線速度，根據(jù)an＝ω2r，A點(diǎn)的向心加速度大于B點(diǎn)的向心加速度，故A、B兩項(xiàng)錯(cuò)誤； 硬盤(pán)轉(zhuǎn)速為n，故轉(zhuǎn)一圈的時(shí)間為：T＝，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；每個(gè)扇區(qū)為圓周，轉(zhuǎn)一圈的時(shí)間為，故一個(gè)扇區(qū)通過(guò)磁頭所用的時(shí)間為，故D項(xiàng)正確． 3.如圖所示，斜軌道與半徑為R的半圓軌道平滑連接，點(diǎn)A與半圓軌道最高點(diǎn)C等高，B為軌道的最低點(diǎn)．現(xiàn)讓小滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn))從A點(diǎn)開(kāi)始以速度v0沿斜面向下運(yùn)動(dòng)，不計(jì)一切摩擦，關(guān)于滑塊運(yùn)動(dòng)情況的分析，正確的是(　　) A．若v0＝0，小滑塊恰能通過(guò)C點(diǎn)，且離開(kāi)C點(diǎn)后做自由落體運(yùn)動(dòng) B．若v0＝0，小滑塊恰能通過(guò)C點(diǎn)，且離開(kāi)C點(diǎn)后做平拋運(yùn)動(dòng) C．若v0＝，小滑塊恰能到

4、達(dá)C點(diǎn)，且離開(kāi)C點(diǎn)后做自由落體運(yùn)動(dòng) D．若v0＝，小滑塊恰能到達(dá)C點(diǎn)，且離開(kāi)C點(diǎn)后做平拋運(yùn)動(dòng) 答案　D 解析　小滑塊通過(guò)C點(diǎn)的最小速度為vC，由mg＝m，得vC＝，由機(jī)械能守恒定律，若A點(diǎn)v0＝0，則vC＝0，實(shí)際上滑塊在到達(dá)C點(diǎn)之前就離開(kāi)軌道做斜上拋運(yùn)動(dòng)了，A、B兩項(xiàng)錯(cuò)；若v0＝，小滑塊通過(guò)C點(diǎn)后將做平拋運(yùn)動(dòng)，C項(xiàng)錯(cuò)誤、D項(xiàng)正確． 4.(2018·泉州二模)(多選)如圖，一長(zhǎng)為L(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)桿一端與質(zhì)量為m的小球(可視為質(zhì)點(diǎn))相連，另一端可繞O點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)，現(xiàn)使輕桿在同一豎直面內(nèi)做勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，測(cè)得小球的向心加速度大小為g(g為當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?，下列說(shuō)法正確的是(　　) A．小球的線速度大小為

5、 B．小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)桿對(duì)小球的作用力豎直向上 C．當(dāng)輕桿轉(zhuǎn)到水平位置時(shí)，輕桿對(duì)小球的作用力方向不可能指向圓心O D．輕桿在勻速轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中，輕桿對(duì)小球作用力的最大值為2mg 答案　ACD 解析　A項(xiàng)，根據(jù)a＝＝g得：v＝，故A項(xiàng)正確； B項(xiàng)，小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，加速度為g，所以小球在最高點(diǎn)的加速度為g，在最高點(diǎn)F合＝mg，所以小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)桿對(duì)小球的作用力為0，故B項(xiàng)錯(cuò)誤； C項(xiàng)，當(dāng)輕桿轉(zhuǎn)到水平位置(圖中虛線bob′)時(shí)，桿子和重力的合力指向圓心，重力方向豎直向下，若輕桿對(duì)小球的作用力指圓心O，則合力不能指向圓心，故C項(xiàng)正確； D項(xiàng)，在最低點(diǎn)輕桿對(duì)小球的作用力最大，即F－

6、mg＝ma，解得F＝2mg，故D項(xiàng)正確． 5.(2018·寶雞二模)如圖所示，長(zhǎng)為L(zhǎng)的輕質(zhì)硬桿，一端固定一個(gè)質(zhì)量為m的小球，另一端固定在水平轉(zhuǎn)軸上，現(xiàn)讓桿繞轉(zhuǎn)軸O在豎直平面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為ω，某時(shí)刻桿對(duì)球的作用力水平向左，則此時(shí)桿與水平面的夾角θ為(　　) A．sinθ＝　　　　　 B．sinθ＝ C．tanθ＝ D．tanθ＝ 答案　B 解析　小球所受重力和輕桿的作用力的合力提供向心力，受力如圖所示； 根據(jù)牛頓第二定律有： ＝mω2L 解得：sinθ＝ 故B項(xiàng)正確，A、C、D三項(xiàng)錯(cuò)誤． 6.(2018·長(zhǎng)沙市一模)飛機(jī)飛行時(shí)除受到發(fā)動(dòng)機(jī)的推力和空氣阻力外，還

7、受到重力和機(jī)翼的升力，機(jī)翼的升力垂直于機(jī)翼所在平面向上，當(dāng)飛機(jī)在空中盤(pán)旋時(shí)機(jī)翼的內(nèi)側(cè)傾斜(如圖所示)，以保證重力和機(jī)翼升力的合力提供向心力．設(shè)飛機(jī)以速率v在水平面內(nèi)做半徑為R的勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)機(jī)翼與水平面成θ角，飛行周期為T(mén)，則下列說(shuō)法正確的是(　　) A．若飛行速率v不變，θ增大，則半徑R增大 B．若飛行速率v不變，θ增大，則周期T增大 C．若θ不變，飛行速率v增大，則半徑R增大 D．若飛行速率v增大，θ增大，則周期T一定不變 答案　C 解析　A項(xiàng)，對(duì)飛機(jī)進(jìn)行受力分析，如圖所示： 根據(jù)重力和機(jī)翼升力的合力提供向心力，得mgtanθ＝m＝mR 得v＝，T＝2π A項(xiàng)

8、，若飛行速率v不變，θ增大，由v＝，知R減小，故A項(xiàng)錯(cuò)誤． B項(xiàng)，若飛行速率v不變，θ增大，R減小，由T＝2π知T減小，故B項(xiàng)錯(cuò)誤． C項(xiàng)，若θ不變，飛行速率v增大，由v＝，知半徑R增大，故C項(xiàng)正確． D項(xiàng)，若飛行速率v增大，θ增大，R的變化不能確定，則周期T不一定不變，故D項(xiàng)錯(cuò)誤． 7.(2018·日照一模)(多選)如圖，兩個(gè)質(zhì)量均為m的小木塊A、B用輕繩相連，放在水平圓盤(pán)上，A恰好處于圓盤(pán)中心，B與轉(zhuǎn)軸的距離為l.木塊與圓盤(pán)間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力．已知重力加速度大小為g，兩木塊可視為質(zhì)點(diǎn)．若圓盤(pán)從靜止開(kāi)始繞轉(zhuǎn)軸緩慢地加速轉(zhuǎn)動(dòng)，ω表示圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度，下列說(shuō)

9、法正確的是(　　) A．當(dāng)ω＝時(shí)，木塊A受到的摩擦力大小為μmg B．當(dāng)ω＝時(shí)，木塊B受到的摩擦力大小為μmg C．當(dāng)ω＝時(shí)，輕繩上的拉力大小為μmg D．當(dāng)ω＝時(shí)剪斷輕繩，木塊B將做離心運(yùn)動(dòng) 答案　BD 解析　最大靜摩擦力提供向心力時(shí)的最大角速度為ω0，則μmg＝mω02l，解得ω0＝ A項(xiàng)，對(duì)物體B受力分析可知，當(dāng)角速度較小時(shí)，繩子的拉力為零，B受到的摩擦力提供向心力，則當(dāng)ω＝時(shí)，木塊A受到的摩擦力大小為f＝0，A項(xiàng)錯(cuò)誤； B項(xiàng)，當(dāng)ω＝時(shí)，木塊B受到的摩擦力大小為f＝mω2l＝μmg，故B項(xiàng)正確 C項(xiàng)，當(dāng)ω＝時(shí)，輕繩上的拉力大小為為F，則F＋μmg＝mω2l，解得F＝

10、μmg，故C項(xiàng)錯(cuò)誤； D項(xiàng)，當(dāng)ω＝時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律可知F′＋μmg＝mω2l，解得F′＝μmg，此時(shí)A剛好不運(yùn)動(dòng)，當(dāng)剪斷輕繩時(shí)，B所需向心力不變，繩上的拉力減小，木塊B將做離心運(yùn)動(dòng)，故D項(xiàng)正確． 8.(2018·株洲一模)(多選)如圖所示，在光滑的水平面上有兩個(gè)質(zhì)量相等的小球A、B，兩球用輕繩連接，再用同樣長(zhǎng)度的輕繩連接A繩，C為繩的自由端，設(shè)運(yùn)動(dòng)中水平拉直的AC和AB兩段繩所受拉力分別為T(mén)1和T2，下列說(shuō)法正確的是(　　) A．若用力水平向左拉著C端使兩球運(yùn)動(dòng)，則T1＝T2 B．若用力水平向左拉著C端使兩球運(yùn)動(dòng)，則T1＝2T2 C．若以C為圓心，使兩球以相同角速度沿水平面做勻速

11、圓周運(yùn)動(dòng)，則T1＝T2 D．若以C為圓心，使兩球以相同角速度沿水平面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則T1＝1.5T2 答案　BD 解析　A項(xiàng)，若用力水平向左拉著C端使兩球運(yùn)動(dòng)，對(duì)整體受力分析可知T1＝2ma，對(duì)B可知T2＝ma，故T1＝2T2，故A項(xiàng)錯(cuò)誤，B項(xiàng)正確； C項(xiàng)，若以C為圓心，使兩球以相同角速度沿水平面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)對(duì)A：T1－T2＝mω2L，對(duì)B：T2＝mω2·2L，聯(lián)立解得T1＝1.5T2，故C項(xiàng)錯(cuò)誤，D項(xiàng)正確． 9.(2018·廣州模擬)(多選)一輛汽車(chē)在軌道半徑為R的彎道路面做圓周運(yùn)動(dòng)，彎道與水平面的夾角為θ，如圖所示，汽車(chē)輪胎與路面的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力

12、，關(guān)于汽車(chē)在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的表述正確的是(　　) A．汽車(chē)的速率可能為 B．汽車(chē)在路面上不做側(cè)向滑動(dòng)的最小速率為 C．汽車(chē)在路面上不做側(cè)向滑動(dòng)的最大速率為 D．汽車(chē)在路面上不做側(cè)向滑動(dòng)的最小速率為 答案　ACD 解析　A項(xiàng)，若設(shè)計(jì)成外高內(nèi)低的彎道路面，汽車(chē)恰好與路面無(wú)側(cè)向摩擦力，由重力與支持力提供向心力，則有： mgtanθ＝m 解得v＝，故A項(xiàng)正確； B項(xiàng)，汽車(chē)在路面上不做側(cè)向滑動(dòng)的最小速率時(shí)摩擦力沿斜面向上，受力分析知 FNcosθ＋fsinθ＝mg FNsinθ－fcosθ＝m　f＝μFN 解得v1＝，故B項(xiàng)錯(cuò)誤，D項(xiàng)正確； C項(xiàng)，汽車(chē)在路面上不做側(cè)向滑動(dòng)的最大

13、速率時(shí)摩擦力沿斜面向下，受力分析知 FNcosθ－fsinθ＝mg FNsinθ＋fcosθ＝m　f＝μFN 解得v2＝，故C項(xiàng)正確． 10.(2018·大慶一模)如圖所示，一內(nèi)壁光滑、質(zhì)量為m、半徑為r的環(huán)形細(xì)圓管(管的內(nèi)徑相對(duì)于環(huán)半徑可忽略不計(jì))用硬桿豎直固定在地面上．有一質(zhì)量為m的小球可在圓管中運(yùn)動(dòng)(球直徑略小于圓管直徑，可看做質(zhì)點(diǎn))，小球以速率v0經(jīng)過(guò)圓管最高點(diǎn)時(shí)，恰好對(duì)管壁無(wú)壓力，當(dāng)球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，求硬桿對(duì)圓管的作用力大小為(　　) A．m B．2mg＋m C．6mg D．7mg 答案　D 解析　小球在最高點(diǎn)時(shí)有mg＝m 小球從最高點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過(guò)程，由

14、機(jī)械能守恒定律得2mgr＋mv02＝mv2 在最低點(diǎn)，由牛頓第二定律有N－mg＝m 聯(lián)立解得N＝6mg 以圓管為研究對(duì)象，由平衡條件得硬桿對(duì)圓管的作用力大小FN＝mg＋N＝7mg＝7m. 11.(2018·陜西二模)(多選)如圖所示，轉(zhuǎn)臺(tái)上固定有一長(zhǎng)為4L的水平光滑細(xì)桿，兩個(gè)中心有孔的小球A、B從細(xì)桿穿過(guò)并用原長(zhǎng)為L(zhǎng)的輕彈簧連接起來(lái)，小球A、B的質(zhì)量分別為3m、2m.豎直轉(zhuǎn)軸處于轉(zhuǎn)臺(tái)及細(xì)桿的中心軸線上，當(dāng)轉(zhuǎn)臺(tái)繞轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)(　　) A．小球A、B受到的向心力之比為3：2 B．當(dāng)輕彈簧長(zhǎng)度變?yōu)?L時(shí)，小球A做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為1.5L C．當(dāng)輕彈簧長(zhǎng)度變?yōu)?L時(shí)，轉(zhuǎn)臺(tái)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為

15、ω，則彈簧的勁度系數(shù)為1.8mω2 D．如果角速度逐漸增大，小球B先接觸轉(zhuǎn)臺(tái)邊沿 答案　CD 解析　A項(xiàng)，兩個(gè)小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，二者需要的向心力都是彈簧的彈力提供的．根據(jù)彈簧彈力的特點(diǎn)可知，二者需要的向心力一定是相等的．故A項(xiàng)錯(cuò)誤； B項(xiàng)，二者一起做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所以它們的角速度是相等的．根據(jù)向心力的公式可得：3m·ω2·r1＝2m·ω2·r2① 又：r1＋r2＝2L② 聯(lián)立可得：r1＝L，r2＝L③ 故B項(xiàng)錯(cuò)誤； C項(xiàng)，當(dāng)輕彈簧長(zhǎng)度變?yōu)?L時(shí)，則： r1＋r2＝3L④ k·(3L－L)＝3m·ω2·r1＝2m·ω2·r2⑤ 聯(lián)立④⑤可得彈簧的勁度系數(shù)

16、：k＝1.8mω2.故C項(xiàng)正確； D項(xiàng)，由B項(xiàng)的分析的結(jié)果可知，只要是二者一起做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則B到轉(zhuǎn)軸的距離始終大于A到轉(zhuǎn)軸的距離，所以增大角速度，小球B先接觸轉(zhuǎn)臺(tái)邊沿．故D項(xiàng)正確． 12.(2018·內(nèi)江三模)(多選)如圖所示，質(zhì)量均為m的a、b、c、d四個(gè)帶電小球，其中，a、b、c三個(gè)完全相同的小球的帶量值均為q(電性未知)，且位于光滑絕緣的水平面內(nèi)的同一圓周上繞O點(diǎn)做半徑為R的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，三個(gè)小球等分整個(gè)圓周．帶電量值為10q(電性未知)的小球d位于O點(diǎn)的正上方R處，且在外力作用下恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)．重力加速度為g，靜電力常量為k.則下列說(shuō)法中正確的是(　　) A．d球與a、b、

17、c三小球一定是異種電荷 B．外力的大小為＋mg，方向豎直向上 C．小球a的角速度為 D．小球b的動(dòng)能為 答案　ABC 解析　A項(xiàng)，a、b、c三小球所帶電荷量相同，要使三個(gè)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，d球與a、b、c三小球一定是異種電荷，A項(xiàng)正確； B項(xiàng)，設(shè)db連線與水平方向的夾角為α，則cosα＝＝，所以α＝60°； 對(duì)d球，由平衡條件得：F＝3ksinα＋mg＝＋mg，方向豎直向上，故B項(xiàng)正確． C項(xiàng)，a、b、c任意兩個(gè)小球之間的距離為2Rcos30°＝R； 對(duì)a球，根據(jù)牛頓第二定律和向心力得：kcos60°－2kcos30°＝mRω2 解得：ω＝，故C項(xiàng)正確； D項(xiàng)，小球的動(dòng)能為

18、Ek＝mv2－m(Rω)2＝，故D項(xiàng)錯(cuò)誤． 二、非選擇題 13．(2018·濟(jì)南一模)如圖所示，在水平面內(nèi)有一平臺(tái)可繞豎直的中心軸以角速度ω＝3.14 rad/s旋轉(zhuǎn)．在平臺(tái)內(nèi)沿半徑方向開(kāi)兩個(gè)溝槽，質(zhì)量為0.01 kg的小球A放置在粗糙的溝槽內(nèi)，球與溝槽的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5；質(zhì)量為0.04 kg的小球B放置在另一光滑的溝槽內(nèi)．長(zhǎng)度為1 m的細(xì)線繞過(guò)平臺(tái)的中心軸，其兩端與兩球相連．設(shè)平臺(tái)中心軸是半徑可忽略的細(xì)軸，且光滑，球A始終相對(duì)圓盤(pán)保持靜止．(g＝3.142 m/s2.最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力)求： (1)球A到軸O的距離多大時(shí)，小球A恰好不受摩擦力？ (2)球A到軸O的最大距

19、離為多少？ 解析　(1)小球A恰好不受摩擦力時(shí)，由細(xì)線的拉力提供向心力，由向心力公式得： 對(duì)A，有T＝mAω2rA. 對(duì)B，有T＝mBω2(L－rA) 聯(lián)立解得：rA＝0.8 m (2)當(dāng)A球到軸O的距離最大時(shí)，A受到的靜摩擦力沿軸心向內(nèi)，且靜摩擦力達(dá)到最大值，則 對(duì)A，有：f＋T′＝mAω′2rA′. 對(duì)B，有：T′＝mBω′2(L－rA′) 聯(lián)立解得：rA′＝0.9 m 故球A到軸O的最大距離為0.9 m. 14.如圖所示，光滑圓桿MN段豎直，OC段水平且與MN相接于O點(diǎn)，兩桿分別套有質(zhì)量為m的環(huán)A和2m的環(huán)B，兩環(huán)的內(nèi)徑比桿的直徑稍大，A、B用長(zhǎng)為2L的輕繩連接，A、

20、O用長(zhǎng)為L(zhǎng)的輕繩連接，現(xiàn)讓裝置繞豎直桿MN做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，當(dāng)ω＝時(shí)，OA段繩剛好要斷，AB段繩能承受的拉力足夠大，求： (1)OA段繩剛剛拉直時(shí)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度多大； (2)OA段繩能承受的最大的拉力； (3)當(dāng)ω＝2且轉(zhuǎn)動(dòng)穩(wěn)定時(shí)，A向外側(cè)移動(dòng)的距離多大． 答案　(1)　(2)mg　(3)L 解析　(1)當(dāng)OA繩剛好拉直時(shí)，由幾何關(guān)系知，cosθ＝，sinθ＝， 對(duì)B分析：TABcosθ＝2mg， 對(duì)A分析：TABsinθ＝mLω12， 解得ω1＝. (2)根據(jù)牛頓第二定律得， Tm＋TABsinθ＝mLω2， 解得Tm＝mg， (3)當(dāng)ω＝2，且轉(zhuǎn)動(dòng)穩(wěn)定時(shí)，設(shè)繩子與豎直方向的夾角為α，則TABcosα＝2mg， TABsinα＝m·2Lsinαω2， 代入數(shù)據(jù)，有cosα＝，sinα＝， 則A向外側(cè)移動(dòng)的距離為Δx＝2Lsinα－L＝L. 10