《（浙江選考）2019屆高考物理二輪復習 仿真模擬卷1》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《（浙江選考）2019屆高考物理二輪復習 仿真模擬卷1（13頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。

1、仿真模擬卷(一) 一、選擇題Ⅰ(本題共13小題,每小題3分,共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的,不選、多選、錯選均不得分) 1.物理學中通常運用大量的科學方法建立概念,如“理想模型”“等效替代法”“控制變量法”等等,下列選項均用到“等效替代”方法概念的是(　　) A.“合力與分力”“質點”“電場強度” B.質點、平均速度、點電荷 C.點電荷、總電阻、電場強度 D.合力與分力、平均速度、總電阻 2.2017年4月30日,亞洲羽毛球錦標賽男單決賽展開爭奪,諶龍2比1戰(zhàn)勝林丹,奪得男單冠軍,在其中一個回合的對拍期間,諶龍快速將羽毛球挑高,則(　　) A.羽毛球

2、飛來時撞擊拍面的作用力是拍面形變產生的 B.羽毛球在飛行過程中受到重力、空氣阻力 C.羽毛球到達最高點時速度的方向和加速度方向相互垂直 D.羽毛球在飛行過程中機械能先減小后增大 3.2016年8月14日里約奧運會羽毛球男單最后一輪小組賽中,中國選手林丹以2∶0輕取對手。在其中一個回合的對拍期間,林丹快速扣殺的羽毛球在飛行中受到的力有(　　) A.重力 B.重力、擊打力 C.重力、空氣阻力 D.重力、空氣阻力、擊打力 4.在物理學建立和發(fā)展的過程中,許多物理學家的科學發(fā)現推動了人類歷史的進步。關于科學家和他們的貢獻,下列說法正確的是(　　) A.伽利略通過邏輯推理和實驗認為重物比

3、輕物下落的快 B.牛頓根據理想斜面實驗,首先提出力不是維持物體運動的原因 C.卡文迪許提出了萬有引力定律 D.法拉第以他深刻的洞察力提出電場的客觀存在,并且引入了電場線 5.豎直放置的兩塊足夠長的平行金屬板間有勻強電場,其極板帶電量分別為+Q和-Q,在兩極板之間,用輕質絕緣絲線懸掛質量為m、電量為q的帶電小球(可看成點電荷),絲線與豎直方向成θ角時小球恰好平衡,此時小球離右板距離為b,離左板的距離為2b,如圖所示,則(　　) A.小球帶正電,極板之間的電場強度大小為 B.小球受到電場力為 C.若將小球移到懸點下方豎直位置,小球的電勢能減小 D.若將細繩剪斷,小球向右做平拋運

4、動 6.某電力公司曾舉辦“計量日進您家”活動,免費上門為市民做出家庭用電耗能診斷分析,針對每戶家庭提出個性化的節(jié)能建議,根據專家統(tǒng)計,每使用1度(千瓦時)電,就相應消耗了0.40 kg的標準煤,同時產生0.272 kg碳粉塵,0.997 kg二氧化碳、0.03 kg二氧化硫、0.015 kg碳氧化物,下表是電力技術人員實測提供的數據,估算一戶普通家庭待機一年相應產生的二氧化硫污染物約為(　　) 每戶普通家庭 家用電器平均數 一臺臺 式電腦 2臺平板 電視機 2臺 空調 1臺 洗衣機 1臺無線 路由器 1臺 飲水機 每臺電器待機 平均功率(W) 0.6 0.

5、75 1.2 0.6 2 0.4 A.2.0 kg B.20 kg C.200 kg D.2 000 kg 7.如圖所示,將圓柱形強磁鐵吸在干電池負極,金屬導線折成上端有一支點、下端開口的導線框,使導線框的頂端支點和底端分別與電源正極和磁鐵(導電性能良好)都接觸良好但不固定,這樣整個線框就可以繞電池軸心旋轉起來。下列判斷正確的是(　　) A.線框能旋轉起來,是因為電磁感應 B.俯視觀察,線框沿順時針方向旋轉 C.電池輸出的電功率大于線框旋轉的機械功率 D.旋轉達到穩(wěn)定時,線框中電流比剛開始轉動時的大 8.如圖所示,某小孩在廣場游玩時,將一氣球用輕質細繩與地面上木

6、塊相連。氣球在水平風力作用下處于斜拉狀態(tài),此時細繩與豎直線成θ角。假若氣球和木塊的質量分別為m、M。當水平風力緩慢增大時,則下列說法中錯誤的是(　　) A.細繩拉力變大 B.水平面對木塊的彈力不變 C.水平面對木塊的摩擦力變大 D.木塊有可能脫離水平面 9.如圖所示,自行車的大齒輪、小齒輪、后輪的半徑之比為4∶1∶16,在用力蹬腳踏板前進的過程中,下列說法正確的是 (　　) A.小齒輪和后輪的角速度大小之比為16∶1 B.大齒輪和小齒輪的角速度大小之比為1∶4 C.大齒輪邊緣和后輪邊緣的線速度大小之比為1∶4 D.大齒輪和小齒輪輪緣的向心加速度大小之比為4∶1 10

7、.在2016年里約奧運會男子蹦床決賽中,我國選手董棟、高磊分摘銀、銅牌,不計空氣阻力,下列說法正確的是(　　) A.運動員離開蹦床后處于失重狀態(tài) B.運動員上升到最高點時加速度為零 C.運動員下落碰到蹦床后立即做減速運動 D.運動員在整個比賽過程中機械能一直守恒 11.2017年4月,我國成功發(fā)射的天舟一號貨運飛船與天宮二號空間實驗室完成了首次交會對接,對接形成的組合體仍沿天宮二號原來的軌道(可視為圓軌道)運行。與天宮二號單獨運行時相比,組合體運行的(　　) A.周期變大 B.速率變大 C.動能變大 D.向心加速度變大 12. A、B兩帶電小球,質量分別為mA、mB,電荷

8、量分別為qA、qB,用絕緣不可伸長的細線如圖懸掛,靜止時A、B兩球處于同一水平面。若B對A及A對B的庫侖力分別為FA、FB,則下列判斷正確的是(　　) A.FA

9、 二、選擇題Ⅱ(本題共3小題,每小題2分,共6分,每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得2分,選對但不全的得1分,有選錯的得0分) 14.【加試題】下列說法正確的是(　　) A.在所有核反應中,都遵從“質量數守恒,核電荷數守恒”的規(guī)律 B.原子核的結合能是組成原子核的所有核子的能量總和 C.天然放射現象中放出的β射線就是電子流,該電子是原子的內層電子受激后輻射出來的 D.鐳226衰變?yōu)殡?22的半衰期為1620年,也就是說,100個鐳226核經過1620年后一定還剩下50個鐳226沒有發(fā)生衰變 15.【加試題】如圖甲所示,在平靜的水面下有一個點光源S,它發(fā)

10、出的是兩種不同顏色的a光和b光,在水面上形成了一個被照亮的圓形區(qū)域,該區(qū)域的中間為由ab兩種單色光所構成的復色光的圓形區(qū)域,周邊為環(huán)狀區(qū)域,且為a光的顏色(見圖乙)。則一下說法中正確的是(　　) A.a光的頻率比b光大 B.水對a光的折射率比b光大 C.a光在水中的傳播速度比b光大 D.在同一裝置的楊氏雙縫干涉實驗中,a光的干涉條紋比b光寬 16.【加試題】圖甲為風力發(fā)電的簡易模型。在風力作用下,風葉帶動與桿固連的永磁鐵轉動,磁鐵下方的線圈與電壓傳感器相連。在某一風速時,傳感器顯示如圖乙所示,則(　　) A.磁鐵的轉速為10 r/s B.線圈兩端電壓的有效值為6 V C

11、.交變電流的電壓表達式為u=12sin5πt V D.該交變電流可以直接加在擊穿電壓為9 V的電容器上 三、非選擇題(本題共7小題,共55分) 17.(5分)某探究小組做“驗證力的平行四邊形定則”實驗,將畫有坐標軸(橫軸為x軸,縱軸為y軸,最小刻度表示 1 mm)的紙貼在水平桌面上,如圖(a)所示。將橡皮筋的一端Q固定在y軸上的B點(位于圖示部分之外),另一端P位于y軸上的A點時,橡皮筋處于原長。 (1)用一只測力計將橡皮筋的P端沿y軸從A點拉至坐標原點O,此時拉力F的大小可由測力計讀出。測力計的示數如圖(b)所示,F的大小為　　　　N。? (2)撤去(1)中的拉力,橡皮筋P端回到A

12、點;現使用兩個測力計同時拉橡皮筋,再次將P端拉至O點。此時觀察到兩個拉力分別沿圖(a)中兩條虛線所示的方向,由測力計的示數讀出兩個拉力的大小分別為F1=4.2 N和F2=5.6 N。 (i)用5 mm長度的線段表示1 N的力,以O為作用點,在圖(a)中畫出力F1、F2的圖示,然后按平行四邊形定則畫出它們的合力F合; (ii)F合的大小為　　　　N,F合與拉力F的夾角的正切值為　　　　。若F合與拉力F的大小及方向的偏差均在實驗所允許的誤差范圍之內,則該實驗驗證了力的平行四邊形定則。? 18.(5分)用以下器材可測量電阻Rx的阻值。 待測電阻Rx,阻值約為600 Ω; 電源E,電動勢

13、約為6.0 V,內阻可忽略不計; 電壓表V1,量程為0~500 mV,內阻r1=1 000 Ω; 電壓表V2,量程為0~6 V,內阻r2約為10 kΩ; 電流表A,量程為0~0.6 A,內阻r3約為1 Ω; 定值電阻R0,R0=60 Ω; 滑動變阻器R,最大阻值為150 Ω; 單刀單擲開關S一個,導線若干。 (1)測量中要求兩只電表的讀數都不小于其量程的,并能測量多組數據,請在虛線框中畫出測量電阻Rx的實驗電路圖。 　　　　　　　　　　　　　　　 (2)若選擇測量數據中的一組來計算Rx,則由已知量和測量物理量計算Rx的表達式為Rx=　　　　　　　,式中各符號的

14、意義是　?　。? (所有物理量用題中代表符號表示) 19.(9分)如圖所示,ABC是一條由傾斜軌道AB和水平軌道BC組成的絕緣軌道,固定在桌面上,其中AB軌道的傾角θ=27°,水平軌道的長度L=0.8 m,一質量m=3.2×10-2 kg、電荷量q=-1.0×10-2 C的可視為質點的滑塊以初速度v0=3 m/s沿軌道上P點恰好勻速滑下,從C點飛出后落在水平地面的M點上,已知滑塊與兩軌道間的動摩擦因數相同,sin 27°=0.45,cos 27°=0.90,g取10 m/s2,求: (1)求滑塊與軌道之間的動摩擦因數; (2)求滑塊從B點運動到C點所用的

15、時間; (3)現在BE和CF之間的區(qū)域加上勻強電場,方向垂直水平軌道,仍將滑塊以初速度v0=3 m/s沿軌道上P點滑下,發(fā)現從C點飛出后落在水平地面的N點上,M點處在N點到C點水平距離的中點上,求勻強電場的電場強度的大小和方向。 20. (12分)如圖為某種魚餌自動投放器的裝置示意圖,其下半部AB是一長為2R的豎直細管,上半部BC是半徑為R的四分之一圓弧彎管,管口C處切線水平,AB管內有原長為R、下端固定的輕質彈簧。在彈簧上端放置一粒質量為m的魚餌,解除鎖定后彈簧可將魚餌彈射出去。投餌時,每次總將彈簧長度壓縮到0.5R后鎖定,此時彈

16、簧的彈性勢能為6mgR(g為重力加速度)。不計魚餌在運動過程中的機械能損失,求: (1)魚餌到達管口C時的速度大小v1。 (2)魚餌到達管口C時對管子的作用力大小和方向。 (3)已知地面比水面高出1.5R,若豎直細管的長度可以調節(jié),圓弧彎道管BC可隨豎直細管一起升降。求魚餌到達水面的落點與AB所在豎直線OO'之間的最大距離Lmax。 21.(4分)【加試題】(1)某同學在做“探究單擺周期與擺長的關系”的實驗中,分別用兩種儀器來測量擺球直徑,操作如圖1所示,得到擺球的直徑為d=19.12 mm,此測量數據是選用了

17、儀器　　　　(選填“甲”或“乙”)測量得到的。? 該同學先用刻度尺測得擺線的長度,再采用上題中的方法測得擺球直徑,他通過改變擺長,進行多次實驗后以擺長L為橫坐標,T2為縱坐標,作出T2-L圖線,若該同學在計算擺長時加的是小球直徑,則所畫圖線是圖2中是　　　(選填“A”“B”或“C”)。? (2)用如圖裝置做探究碰撞中的不變量實驗,下列說法正確的是(　　) A.在實驗前,必須把長木板的一端墊高,使A能拖著紙帶勻速下行 B.A、B兩輛小車的質量必須相等 C.A、B碰撞后必須保證A、B以共同速度一起運動 D.小車A必須從緊靠打點計時器的位置無初速度釋放 22. (12分)

18、【加試題】如圖所示,兩平行的光滑金屬導軌安裝在豎直面上,導軌間距為L、足夠長,下部條形勻強磁場的寬度為d,磁感應強度大小為B、方向與導軌平面垂直,上部條形勻強磁場的寬度為2d,磁感應強度大小為B0,方向平行導軌平面向下,在上部磁場區(qū)域的上邊緣水平放置導體棒(導體棒與導軌絕緣),導體棒與導軌間存在摩擦,動摩擦因數為μ。長度為2d的絕緣棒將導體棒和正方形的單匝線框連接在一起組成“”型裝置,總質量為m,置于導軌上,導體棒中通以大小恒為I的電流(由外接恒流源產生,圖中未圖出),線框的邊長為d(d

19、過程中始終與導軌接觸并且相互垂直。重力加速度為g。求: (1)裝置剛開始時導體棒受到安培力的大小和方向; (2)裝置從釋放到開始返回的過程中,線框中產生的焦耳熱Q; (3)線框第一次穿出下方磁場下邊時的速度; (4)若線框第一次穿越下方磁場區(qū)域所需的時間為t,求線框電阻R。 23.(8分)【加試題】為研究某種材料的熒光特性,興趣小組的同學設計了圖示裝置:讓質子經過MN兩金屬板之間的電場加速后,進入有界勻強磁場。磁場的寬度L=0.25 m。磁感應強度大小B=0.01 T。以出射小孔O為原點,水平向右建立x軸,在0.4≤x≤0.6區(qū)

20、域的熒光屏上涂有熒光材枓,(已知質子的質量m=1.6×10-27 kg,電荷量q=1.6×10-19 C,進入電場時的初速度可忽略,質子重力可忽略) (1)要使質子能打在熒光屏上,加速電壓的最小值是多少? (2)當使質子打中熒光屏時的動能超過288 eV,可使熒光材料發(fā)光,對于不同的加速電壓,熒光屏上能夠發(fā)光的區(qū)域長度是多少? 普通高校招生選考(物理)仿真模擬卷(一) 一、選擇題Ⅰ 1.D　解析 “合力與分力”采用等效替代的方法,“質點”采用理想化模型的方法,“電場強度”采用比值定義法,故A錯誤。“質點”“點電荷”采用理想化模型的方法,“平

21、均速度”采用比值定義法,故B錯誤;“點電荷”采用理想化模型的方法,“總電阻”采用等效替代的方法,“電場強度”采用比值定義法,故C錯誤;“合力與分力”“平均速度”“總電阻”采用的都是等效替代的方法,故D正確。 2.B　解析 羽毛球飛來時撞擊拍面的作用力是羽毛球形變產生的,故A錯誤;羽毛球在飛行過程中受到重力、空氣阻力,故B正確;羽毛球到達最高點時速度的方向沿軌跡切線方向,空氣阻力方向與速度方向相反,而空氣阻力和重力的合力方向指向軌跡的內側,且與速度方向不垂直,所以羽毛球到達最高點時速度的方向和加速度方向不垂直,故C錯誤;羽毛球在飛行過程中要克服空氣阻力做功,機械能不斷減小,故D錯誤。 3.C

22、　解析 由題意可知,快速扣殺的羽毛球在飛行中受到的力,除重力外,還受到空氣的阻力,故A、B、D錯誤,C正確。 4.D　解析 A.伽利略通過邏輯推理和實驗認為:重物與輕物下落的一樣快,故A錯誤。B.伽利略根據理想斜面實驗,首先提出力不是維持物體運動的原因,故B錯誤。C.牛頓發(fā)現了萬有引力定律,卡文迪許利用“卡文迪許扭秤”首先較準確的測定了引力常量,故C錯誤。D.法拉第提出電場是一種客觀存在,并且引入了電場線,故D正確。 5.A　解析 對小球,由平衡條件有tan θ=,解得E=,故A正確;由于點電荷到兩板間距不相等,兩板上與點電荷不平行時的作用力不能平衡,兩板對小球的庫侖力不能用點電荷的場強公

23、式計算,小球受到電場力F=qE=mgtan θ,故B錯誤;懸點下方豎直位置和懸點處于同一等勢面,故小球的電勢能不變,故C錯誤;細繩剪斷后,小球受到斜向下的恒力作用,物體將沿繩子方向做勻加速直線運動,故D錯誤。 6.A　解析 由題可知,一戶普通家庭所有家電待機功率約為9.52 W,由W=Pt知,待機一年消耗電能W=9.52×10-3kW×24 h×365≈57 kW·h;根據題意,每消耗1度(千瓦時)電,相應產生0.03 kg的二氧化硫,所以一戶普通家庭電器待機一年相應產生的二氧化硫約為0.03×57≈2.0 kg,故A正確。 7.C　解析 由上向下看,線框沿逆時針轉動,故該裝置的原理是電流

24、在磁場中的受力,不是電磁感應,故A、B錯誤。因為電源消耗的總功率一部分轉化為內能,另一部分轉化為動能,所以總功率大于熱功率,C正確。受到的安培力開始時使線圈做加速運動,當安培力等于阻力時速度達到最大,D錯誤。 8.D　解析 對氣球受力分析,受到重力、風的推力、拉力、浮力,如圖 根據共點力平衡條件,有FTsin θ=F　FTcosθ+mg=F浮 解得FT=,當風力增大時,繩子的拉力FT也增大,故A正確。 再對氣球和木塊整體受力分析,受總重力、地面支持力、浮力、風的推力和摩擦力,如圖: 根據共點力平衡條件,有FN=(M+m)g　Ff=F 當風力增大時,地面支持力不變,與風力無關

25、,木塊不可能脫離水平面,故B正確,D錯誤。木塊滑動前受到地面施加的摩擦力與風力平衡,故其隨風力的增大而逐漸增大,故C正確。 9.B　解析 A.小齒輪和后輪共軸,角速度相等,故A錯誤;B.大齒輪和小齒輪共線,線速度相等,根據ω=可知,大齒輪和小齒輪的角速度大小之比為1∶4,故B正確;C.小齒輪和后輪共軸,根據v=ωr可知,小齒輪邊緣和后輪邊緣的線速度之比為1∶16,則大齒輪邊緣和后輪邊緣的線速度大小之比為1∶16,故C錯誤;D.大齒輪和小齒輪共線,線速度相等,根據a=可知,向心加速度大小之比為1∶4,故D錯誤。 10.A　解析 A.運動員離開蹦床后,僅受重力,加速度方向向下,處于失重狀態(tài),故

26、A正確。B.運動員上升到最高點時,僅受重力,加速度為g,故B錯誤。C.運動員下落碰到蹦床后,開始重力大于彈力,加速度向下,先向下做加速運動,然后重力小于彈力,加速度向上,向下做減速運動,故C錯誤。D.運動員在整個運動過程中,由于蹦床彈力做功,則運動員的機械能不守恒,故D錯誤。 11.C　解析 根據萬有引力提供向心力有=mr==ma,可得周期T=2π,速率v=,向心加速度a=,對接前后,軌道半徑不變,則周期、速率、向心加速度均不變,質量變大,則動能變大,C正確,A、B、D錯誤。 12.C　 解析 對小球A受力分析,受重力、靜電力、拉力,如圖: 根據平衡條件,則有,兩球間的庫侖力是作用

27、力與反作用力,一定相等,與兩個球電荷量是否相等無關,故A錯誤;有mAg=FTAcos30°因此FTA=mAg,故B錯誤;由整體法可知,細線的拉力等于兩球的重力,故C正確;同時燒斷AC、BC細線后,A、B在豎直方向重力不變,所以加速度相同,故D錯誤。 13.C　解析 過Q點做OP的垂線,根據幾何關系可知,小球在水平方向上的位移的大小為Rsin θ,根據Rsin θ=v0t,可得時間為t=,所以C正確,D錯誤。小球從圓柱體的Q點沿切線飛過,根據幾何關系可知,此時有=tan θ,所以vy=v0tan θ=gt,所以t=,所以A、B錯誤。 二、選擇題Ⅱ 14.A　解析 A.在所有核反應中,都遵從

28、“質量數守恒,核電荷數守恒”的規(guī)律,A正確;B.原子核的結合能是核反應前后有質量虧損,以能量的形式釋放出來,B錯誤;C.β衰變中生成的電子是一個中子轉化為一個質子同時生成一個電子,C錯誤;D.半衰期是統(tǒng)計規(guī)律,對少量原子核來講是沒有意義的,D錯誤。 15.CD　解析 a光照射的面積較大,知a光的臨界角較大,根據sin C=,知a光的折射率較小,折射率小,頻率也小,所以a光的頻率小于b光,故A錯誤,B錯誤;根據v=,知a光在水中傳播的速度較大,故C正確;a光在水中傳播的速度較大,則a光的波長較長,由條件間距公式Δx=λ知,a光條紋間距較寬,故D正確。 16.BC　解析 A.交變電流的周期為T

29、=0.4 s,故磁鐵的轉速為n= r/s=2.5 r/s,故A錯誤。B.通過題圖乙可知電壓的最大值為12 V,故有效值U= V=6 V,故B正確。C.周期T=0.4 s,故ω= rad/s=5π rad/s,故電壓的表達式為u=12sin 5πt V,故C正確。D.交流電壓的最大值大于電容器的擊穿電壓,故不能直接加在該電容器上,故D錯誤。 三、非選擇題 17.答案 (1)4.0　(2)(i)如圖　(ii)4.0　0.05 解析 (1)由題圖可知,F的大小為4.0 N。 (2)作力F1、F2的圖示,作出合力F合,F合長為20 mm,所以F合大小為4.0 N,F合與拉力F的夾角的正切值

30、為0.05。 18.答案 (1)測量電路見解析圖 (2)　U1為電壓表V1的讀數,U2為電壓表V2的讀數,r1為電壓表V1的內阻,R0為定值電阻 解析 (1)電路的最大電流為I==0.01 A,電流表量程太大,可以把電壓表V1并聯(lián)一個定值電阻改裝成電流表,電壓表選擇V2即可,要求測量多組數據,滑動變阻器需要采用分壓式接法,電路如圖。 (2)流過被測電阻的電流為I=,被測電阻阻值為Rx=。 19.答案 (1)0.5　(2)0.4 s　(3)12 N/C,方向豎直向下 解析 (1)滑塊恰好勻速滑下,則mgsin θ=μmgcos θ,解得μ=0.5; (2)B→C過程,-μmg=

31、ma,a=-μg=-5 m/s2 根據位移時間關系:x=v0t+at2 解得:t=0.4 s; (3)不加電場時,v=v0+at,解得vC=1 m/s 加電場后,滑塊落至N點,由題目條件及平拋運動規(guī)律可知,vC'=2vC=2 m/s vC'2-=2a'L 代入數據得a'= m/s2 由牛頓第二定律可知μ(mg-qE)=ma',E=12 N/C,方向豎直向下。 20.答案 (1)　(2)6mg,方向向上　(3)9R 解析 (1)魚餌到達管口C的過程中彈簧的彈性勢能轉化為魚餌的重力勢能和動能, 有6mgR=2.5mgR+, 解得v1=。 (2)設C處管子對魚餌的作用力向下,

32、大小設為F, 根據牛頓第二定律有mg+F=m, 解得F=6mg, 由牛頓第三定律可得魚餌對管子的作用力F'=6mg,方向向上。 (3)設AB長度為h,對應平拋水平距離為x, 由機械能守恒定律有6mgR=mg(R+h-0.5R)+mv2, 由平拋運動的規(guī)律得,x=vt,2.5R+h=gt2, 解得x==2, 當h=1.5R時,x的最大值xmax=8R, 則Lmax=xmax+R=9R。 21.答案 (1)乙　C　(2)AC 解析 (1)圖甲是螺旋測微器,可以讀數到0.001 mm,而乙為50分度的游標卡尺,最小分度是0.02 mm,d=19.12 mm;符合游標卡尺的讀數,

33、不符合螺旋測微器的讀數的精確度。故此測量數據是選用了儀器乙; 由單擺周期公式:T=2π 可得:T2=L, 若該同學計算擺長時候加的是小球直徑,則對應的準確表達式應為T2=(L-),則可知圖象應與橫坐標有交點,故C正確,AB錯誤。 (2)A.根據動量守恒的條件可知,本實驗需要平衡摩擦力,故在實驗前,必須把長木板的一端墊高,使A能拖著紙帶勻速下行,故A正確;B.本實驗中對A、B兩輛小車的質量無特殊要求,故B錯誤;C.為了得出動量守恒的表達式,A、B碰撞后必須保證A、B以共同速度一起運動,故C正確;D.碰撞前小車A應有速度,故小車A在手推動下開始運動,故D錯誤。 22.答案 (1)B0IL

34、,方向垂直于紙面向里　(2)4mgd-BILd-2μB0ILd　(3) (4) 解析 (1)安培力大小為F=B0IL,方向垂直紙面向里。 (2)設裝置由靜止釋放到導體棒運動到磁場下邊界的過程中,由動能定理得mg·4d-(Q+BILd+μB0IL·2d)=0 解得Q=4mgd-BILd-2μB0ILd (3)設線框剛離開磁場下邊界時的速度為v1,則接著向下運動2d,由動能定理得mg·2d-BILd=0- 解得v1= (4)設裝置在Δt內速度變化量為Δv,由動量定理得(-μB0IL+mg-Bid)Δt=mΔv-0 化簡得-μB0ILt+mgt-Bdq=mv1,(q=) 解得R=

35、 23.答案 (1)200 V　(2)0.02 m 解析 (1)質子經電場加速,由動能定理qU=mv2-0 進入磁場后做勻速圓周運動,有qvB=m 聯(lián)立解得U= 從點O運動到x=0.4 m處,圓周運動半徑r=0.2 m 代入數據解得U1=200 V (2)由題意,當Ekmin=288 eV時對應電場力做功最小值qUmin,則Umin=288 V 根據U=得rmin=0.24 m 對應x1=2rmin=0.48 m x=0.6 m時,經檢驗,此時質子已經穿出磁場邊界線,不能打到熒光屏上了,以磁場邊界計算,有rmax=L=0.25 m,即x2=2rmax=0.5 m　 能夠發(fā)光的區(qū)域長度Δx=x2-x1=0.02 m。 13