《2019-2020學(xué)年高中物理 模塊復(fù)習(xí)課學(xué)案 新人教版選修3-2》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2019-2020學(xué)年高中物理 模塊復(fù)習(xí)課學(xué)案 新人教版選修3-2（7頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、模塊復(fù)習(xí)課 [核心知識(shí)回顧] 一、應(yīng)用楞次定律處理電磁感應(yīng)問題的常用方法 1．常規(guī)法：根據(jù)原磁場(方向及磁通量變化情況)，應(yīng)用楞次定律確定感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場方向，利用安培定則判斷出感應(yīng)電流方向，利用左手定則判斷導(dǎo)體受力和運(yùn)動(dòng)趨勢． 2．效果法：由楞次定律可知，感應(yīng)電流的效果總是阻礙引起感應(yīng)電流的原因，根據(jù)“阻礙”的原則，直接對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢做出判斷． 3．口訣法：即“增反減同，來拒去留，增縮減擴(kuò)”． 二、法拉第電磁感應(yīng)定律 1．法拉第電磁感應(yīng)定律應(yīng)用的三種情況 (1) ΔΦ＝B·ΔS，則E＝n. (2) ΔΦ＝ΔB·S，則E＝n. (3) ΔΦ＝Φ末－Φ初，E＝n≠n. 2．在

2、Φ -t圖象中磁通量的變化率是圖象上某點(diǎn)切線的斜率，利用斜率和線圈匝數(shù)可以確定該點(diǎn)感應(yīng)電動(dòng)勢的大?。? 3．導(dǎo)體垂直切割磁感線時(shí)， E＝Blv，式中l(wèi)為導(dǎo)體切割磁感線的有效長度． 4．導(dǎo)體棒以端點(diǎn)為軸，在勻強(qiáng)磁場中垂直于磁感線方向勻速轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢E＝Bl2ω. 5．電磁感應(yīng)現(xiàn)象中通過導(dǎo)體截面的電量q＝IΔt＝n. 三、自感現(xiàn)象 1．自感電動(dòng)勢：E＝L. 2．?dāng)嚯娮愿兄?，燈泡是否閃亮問題 (1)通過燈泡的自感電流大于原電流時(shí)，燈泡閃亮． (2)通過燈泡的自感電流小于或等于原電流時(shí)，燈泡不會(huì)閃亮． 四、幾種常見感應(yīng)問題的分析方法 1．電路問題 ①將切割磁感線的導(dǎo)體或磁通量

3、發(fā)生變化的回路作為電源，確定感應(yīng)電動(dòng)勢和內(nèi)阻． ②畫出等效電路． ③運(yùn)用閉合電路歐姆定律，串、并聯(lián)電路特點(diǎn)，電功率公式，焦耳定律公式等求解． 2．動(dòng)力學(xué)問題 ③在力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系中，要注意分析導(dǎo)體受力，判斷導(dǎo)體加速度方向、大小及變化；加速度等于零時(shí)，速度最大，導(dǎo)體最終達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)是該類問題的重要特點(diǎn)． 3．能量問題 ①安培力的功是電能和其他形式的能之間相互轉(zhuǎn)化的“橋梁”，用框圖表示如下： ②明確功能關(guān)系，確定有哪些形式的能量發(fā)生了轉(zhuǎn)化．如有摩擦力做功，必有內(nèi)能產(chǎn)生；有重力做功，重力勢能必然發(fā)生變化；安培力做負(fù)功，必然有其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能． ③根據(jù)不同物理情景選擇動(dòng)

4、能定理，能量守恒定律，功能關(guān)系，列方程求解問題． 五、交變電流 1．正弦式交變電流瞬時(shí)值：e＝Emsin ωt或e＝Emcos ωt. 2．正弦式交變電流有效值和最大值的關(guān)系：E＝，I＝，U＝. 3．理想變壓器及其關(guān)系式 (1)電壓關(guān)系：＝(多輸出線圈時(shí)為＝＝…)． (2)功率關(guān)系：P出＝P入(多輸出線圈時(shí)為P入＝P出1＋P出2＋…)． (3)電流關(guān)系：＝(多輸出線圈時(shí)為n1I1＝n2I2＋n3I3＋…)． 六、高壓遠(yuǎn)距離輸電的分析方法及計(jì)算 1．在高壓輸電的具體計(jì)算時(shí)，為條理清楚，可參考如圖所示畫出相應(yīng)的題意簡圖． 2．在高壓輸電中，常用以下關(guān)系式： 輸電電流I2＝

5、＝＝. 輸電導(dǎo)線損失的電功率 P損＝P2－P3＝IR線＝2R線． 輸電導(dǎo)線損耗的電壓 U損＝U2－U3＝I2R線＝R線． 七、傳感器的簡單應(yīng)用 1．傳感器能夠?qū)⒏惺艿降奈锢砹?力、熱、光、聲等)轉(zhuǎn)換成便于測量的量(一般是電學(xué)量)． 2．熱敏電阻特性(歐姆表法、伏安法)． 3．光敏電阻特性(歐姆表法、伏安法)． [易錯(cuò)易混辨析] (1)在公式Φ＝BS中錯(cuò)誤地認(rèn)為面積越大，磁通量越大． (2)應(yīng)用公式E＝BLv計(jì)算電動(dòng)勢大小時(shí)，不能正確判斷B、L、v方向關(guān)系及L的有效長度． (3)應(yīng)用楞次定律判斷感應(yīng)電流方向時(shí)，誤認(rèn)為“感應(yīng)電流的磁場方向”與“原磁場方向”相反． (4)在

6、電磁感應(yīng)的電路問題中，將電動(dòng)勢和路端電壓混淆． (5)誤認(rèn)為含有自感線圈的“斷電自感”中的燈泡都會(huì)“閃亮”一下． (6)在變壓器中誤認(rèn)為＝適用于各種情況． (7)在電路的動(dòng)態(tài)分析中，不能正確把握變量和不變量及電路結(jié)構(gòu)中各儀表的用途． (8)在電損的計(jì)算時(shí)將變壓器兩端電壓U出與電線上分壓U損混淆． [高考真題感悟] 1．(多選)如圖所示，兩個(gè)線圈繞在同一根鐵芯上，其中一線圈通過開關(guān)與電源連接，另一線圈與遠(yuǎn)處沿南北方向水平放置在紙面內(nèi)的直導(dǎo)線連接成回路．將一小磁針懸掛在直導(dǎo)線正上方，開關(guān)未閉合時(shí)小磁針處于靜止?fàn)顟B(tài)．下列說法正確的是(　　) A．開關(guān)閉合后的瞬間，小磁針的N極朝垂直

7、紙面向里的方向轉(zhuǎn)動(dòng) B．開關(guān)閉合并保持一段時(shí)間后，小磁針的N極指向垂直紙面向里的方向 C．開關(guān)閉合并保持一段時(shí)間后，小磁針的N極指向垂直紙面向外的方向 D．開關(guān)閉合并保持一段時(shí)間再斷開后的瞬間，小磁針的N極朝垂直紙面向外的方向轉(zhuǎn)動(dòng) AD　[由電路可知，開關(guān)閉合瞬間，右側(cè)線圈環(huán)繞部分的電流向下，由安培定則可知，鐵芯中產(chǎn)生水平向右的磁場，由楞次定律可知，左側(cè)線圈環(huán)繞部分產(chǎn)生向上的電流，則直導(dǎo)線中的電流方向由南向北，由安培定則可知，直導(dǎo)線在小磁針?biāo)谖恢卯a(chǎn)生垂直紙面向里的磁場，則小磁針的N極朝垂直紙面向里的方向轉(zhuǎn)動(dòng)，A正確；開關(guān)閉合并保持一段時(shí)間后，穿過左側(cè)線圈的磁通量不變，則左側(cè)線圈中的感

8、應(yīng)電流為零，直導(dǎo)線不產(chǎn)生磁場，則小磁針靜止不動(dòng)，B、C錯(cuò)誤；開關(guān)閉合并保持一段時(shí)間再斷開后的瞬間，穿過左側(cè)線圈向右的磁通量減少，則由楞次定律可知，左側(cè)線圈環(huán)繞部分產(chǎn)生向下的感應(yīng)電流，則流過直導(dǎo)線的電流方向由北向南，直導(dǎo)線在小磁針?biāo)谔幃a(chǎn)生垂直紙面向外的磁場，則小磁針的N極朝垂直紙面向外的方向轉(zhuǎn)動(dòng)，D正確．] 2．(多選)如圖(a)所示，在同一平面內(nèi)固定有一長直導(dǎo)線PQ和一導(dǎo)線框R，R在PQ的右側(cè)．導(dǎo)線PQ中通有正弦交流電i，i的變化如圖(b)所示，規(guī)定從Q到P為電流正方向．導(dǎo)線框R中的感應(yīng)電動(dòng)勢(　　) (a)　　　(b) A．在t＝時(shí)為零 B．在t＝時(shí)改變方向 C．在t＝時(shí)最大

9、，且沿順時(shí)針方向 D．在t＝T時(shí)最大，且沿順時(shí)針方向 AC　[因通電導(dǎo)線的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小正比于電流的大小，故導(dǎo)線框R中磁感應(yīng)強(qiáng)度與時(shí)間的變化關(guān)系類似于題圖(b)，感應(yīng)電動(dòng)勢正比于磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率，即題圖(b)中的切線斜率，斜率的正負(fù)反映電動(dòng)勢的方向，斜率的絕對(duì)值反映電動(dòng)勢的大?。深}圖(b)可知，電流為零時(shí)，電動(dòng)勢最大，電流最大時(shí)電動(dòng)勢為零，A正確，B錯(cuò)誤．再由楞次定律可判斷在一個(gè)周期內(nèi)，～內(nèi)電動(dòng)勢的方向沿順時(shí)針，時(shí)刻最大，C正確．其余時(shí)間段電動(dòng)勢沿逆時(shí)針方向，D錯(cuò)誤．] 3.如圖所示，導(dǎo)體軌道OPQS固定，其中PQS是半圓弧，Q為半圓弧的中點(diǎn)，O為圓心．軌道的電阻忽略不計(jì)．OM是有一

10、定電阻、可繞O轉(zhuǎn)動(dòng)的金屬桿，M端位于PQS上，OM與軌道接觸良好．空間存在與半圓所在平面垂直的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B.現(xiàn)使OM從OQ位置以恒定的角速度逆時(shí)針轉(zhuǎn)到OS位置并固定(過程Ⅰ)；再使磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小以一定的變化率從B增加到B′(過程Ⅱ)．在過程Ⅰ、Ⅱ中，流過OM的電荷量相等，則等于(　　) A.　　　　　　　 B. C. D．2 B　[設(shè)OM的電阻為R，圓的半徑為l，過程Ⅰ：OM轉(zhuǎn)動(dòng)的過程中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動(dòng)勢大小為E1＝＝＝＝，流過OM的電流為I1＝＝，則流過OM的電荷量為q1＝I1·Δt1＝；過程Ⅱ：磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均勻增加，則該過程中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動(dòng)勢大小

11、為E2＝＝＝，電路中的電流為I2＝＝，則流過OM的電荷量為q2＝I2·Δt2＝；由題意知q1＝q2，則解得＝，B正確，A、C、D錯(cuò)誤．] 4．如圖所示，在同一水平面內(nèi)有兩根平行長導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間存在依次相鄰的矩形勻強(qiáng)磁場區(qū)域，區(qū)域?qū)挾染鶠閘，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等、方向交替向上向下．一邊長為l的正方形金屬線框在導(dǎo)軌上向左勻速運(yùn)動(dòng)．線框中感應(yīng)電流i隨時(shí)間t變化的正確圖線可能是 (　　) A　　　　B　　　　C　　　 D D　[設(shè)線框運(yùn)動(dòng)的速度為v，則線框向左勻速運(yùn)動(dòng)第一個(gè)的時(shí)間內(nèi)，線框切割磁感線運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的電動(dòng)勢為E＝2Bdv(d為導(dǎo)軌間距)，電流i＝，回路中電流方向?yàn)轫槙r(shí)針；第二個(gè)

12、的時(shí)間內(nèi)，線框切割磁感線運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的電動(dòng)勢為零，電流為零；第三個(gè)的時(shí)間內(nèi)，線框切割磁感線運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的電動(dòng)勢為E＝2Bdv，電流i＝，回路中電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，所以D正確．] 5．采用220 kV高壓向遠(yuǎn)方的城市輸電．當(dāng)輸送功率一定時(shí)，為使輸電線上損耗的功率減小為原來的，輸電電壓應(yīng)變?yōu)?　　) A．55 kV　　　　　　 B．110 kV C．440 kV D．880 kV C　[輸電線上損耗的功率P＝I2r，為使輸電線上損耗的功率減小為原來的，電流I要減小為原來的，當(dāng)輸送功率一定時(shí)，輸電電壓要升高為原來的2倍，選項(xiàng)C正確．] 6.教學(xué)用發(fā)電機(jī)能夠產(chǎn)生正弦式交變電流．利用該發(fā)電機(jī)(內(nèi)阻可

13、忽略)通過理想變壓器向定值電阻R供電，電路如圖所示，理想交流電流表A、理想交流電壓表V的讀數(shù)分別為I、U，R消耗的功率為P.若發(fā)電機(jī)線圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉淼?，則(　　) A．R消耗的功率變?yōu)镻 B．電壓表V的讀數(shù)為U C．電流表A的讀數(shù)變?yōu)?I D．通過R的交變電流頻率不變 B　[根據(jù)ω＝2πn可知轉(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉淼?，則角速度變?yōu)樵瓉淼模鶕?jù)Em＝nBSω可知電動(dòng)機(jī)產(chǎn)生的最大電動(dòng)勢為原來的，根據(jù)U＝可知發(fā)電機(jī)的輸出電壓有效值變?yōu)樵瓉淼模丛€圈的輸出電壓變?yōu)樵瓉淼?，根?jù)＝可知副線圈的輸入電壓變?yōu)樵瓉淼?，即電壓表示?shù)變?yōu)樵瓉淼?，根?jù)P＝可知R消耗的電功率變?yōu)镻，A錯(cuò)誤，B正確；副線圈中的電流為

14、I2＝，即變?yōu)樵瓉淼模鶕?jù)＝可知原線圈中的電流也變?yōu)樵瓉淼?，C錯(cuò)誤；轉(zhuǎn)速減小為原來的，則頻率變?yōu)樵瓉淼?，D錯(cuò)誤．] 7．如圖所示，兩條平行的光滑金屬導(dǎo)軌所在平面與水平面的夾角為θ，間距為d.導(dǎo)軌處于勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向與導(dǎo)軌平面垂直．質(zhì)量為m的金屬棒被固定在導(dǎo)軌上，距底端的距離為s，導(dǎo)軌與外接電源相連，使金屬棒通有電流．金屬棒被松開后，以加速度a沿導(dǎo)軌勻加速下滑，金屬棒中的電流始終保持恒定，重力加速度為g.求下滑到底端的過程中，金屬棒 (1)末速度的大小v； (2)通過的電流大小I； (3)通過的電荷量Q. [解析]　(1)金屬棒做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，有v2＝2as， 解得v＝. (2)安培力F安＝IdB，金屬棒所受合力 F＝mgsin θ－F安 由牛頓第二定律F＝ma 解得I＝. (3)運(yùn)動(dòng)時(shí)間t＝，電荷量Q＝It 解得Q＝. [答案]　(1)　(2) (3) - 7 -