《江蘇省2020版高考物理三輪復(fù)習(xí) 小卷綜合練（四）（含解析）》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《江蘇省2020版高考物理三輪復(fù)習(xí) 小卷綜合練（四）（含解析）（8頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、小卷綜合練(四) (建議用時(shí)：30分鐘) 一、單項(xiàng)選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分．每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意． 1．如圖所示，長木板靜止于光滑水平地面，滑塊疊放在木板右端，現(xiàn)對木板施加水平恒力，使它們向右運(yùn)動(dòng)．當(dāng)滑塊與木板分離時(shí)，滑塊相對地面的位移為x、速度為v.若只減小滑塊質(zhì)量，重新拉動(dòng)木板，滑塊與木板分離時(shí)(　　) A．x變小，v變小　　　　　 B．x變大，v變大 C．x變小，v變大 D．x變大，v變小 2．甲、乙兩質(zhì)點(diǎn)在同一地點(diǎn)同一時(shí)間在外力作用下做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，位移為x，甲、乙兩質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的－t圖象如圖所示，下列說法正確的是(　　)

2、 A．甲質(zhì)點(diǎn)的加速度大小為 B．乙質(zhì)點(diǎn)的初速度大小為c C．t＝時(shí)甲、乙兩質(zhì)點(diǎn)相遇 D．t＝d時(shí)甲、乙兩質(zhì)點(diǎn)同向運(yùn)動(dòng) 3．空間有一水平勻強(qiáng)電場，范圍足夠大，場中有一粒子源，某時(shí)刻釋放出速度大小相同的同種帶電粒子，速度方向沿垂直于豎直面內(nèi)各方向，粒子的重力不計(jì)，如圖所示，則(　　) A．同一時(shí)刻所有粒子的動(dòng)量相同 B．同一時(shí)刻所有粒子的位移相同 C．同一時(shí)刻所有粒子到達(dá)同一等勢面上 D．同一時(shí)刻所有粒子到達(dá)同一水平面上 4．半徑為R的某均勻球形天體上，兩“極點(diǎn)”處的重力加速度大小為g，“赤道”處的重力加速度大小為“極點(diǎn)”處的.已知引力常量為G，則下列說法正確的是(　　)

3、 A．該天體的質(zhì)量為 B．該天體的平均密度為 C．該天體的第一宇宙速度為 D．該天體的自轉(zhuǎn)周期為2π 5．如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢為E、內(nèi)阻為r，R0為定值電阻，電容器的電容為C，閉合開關(guān)S，增大可變電阻R的阻值，電壓表示數(shù)的變化量為ΔU，電流表示數(shù)的變化量為ΔI，則(　　) A．電壓表示數(shù)U和電流表示數(shù)I的比值不變 B．變化過程中ΔU和ΔI的比值增大 C．電容器的電荷量增加，增加量為CΔU D．電阻R0兩端電壓減小，減小量為ΔU 二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共計(jì)16分．每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意．全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯(cuò)選或不答的得0分

4、． 6．如圖所示，半圓形容器固定在地面上，一物塊從容器邊緣A點(diǎn)以向下的初速度開始運(yùn)動(dòng)，恰好能沿容器內(nèi)壁以大小不變的速度運(yùn)動(dòng)到容器底部O點(diǎn)，則在物塊下滑過程中，下列說法正確的是(　　) A．物塊受到的合外力越來越小 B．重力做功的瞬時(shí)功率越來越小 C．重力與摩擦力的合力越來越大 D．克服摩擦力做功的功率越來越大 7．如圖所示為一物體做直線運(yùn)動(dòng)的v－t圖象，則關(guān)于該物體的運(yùn)動(dòng)，下列說法中正確的是(　　) A．該物體8～10 s內(nèi)的位移為6 m B．該物體6～8 s內(nèi)的加速度最大 C．該物體9 s末離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn) D．該物體6～10 s內(nèi)的平均速度為2 m/s 8．一輕彈

5、簧的一端固定在傾角為θ的固定光滑斜面的底部擋板上，另一端和質(zhì)量為m的小物塊a相連，質(zhì)量為M的小物塊b位于光滑斜面上，小物塊a、b之間相距x.小物塊b在斜面上由靜止沿斜面下滑，與a碰后一起沿斜面下滑但不粘連，壓縮彈簧到最低點(diǎn)后兩物塊沿斜面上滑時(shí)分離．下列說法正確的是(　　) A．僅x越大，a、b碰撞損失的機(jī)械能越大 B．僅M越大，a、b碰后小物塊a的動(dòng)能越大 C．僅x越大，a、b碰后小物塊a的最大動(dòng)能位置越靠近擋板 D．僅M越大，a、b碰后上滑分離處越遠(yuǎn)離擋板 9．如圖所示，間距為d的兩根平行金屬導(dǎo)軌置于水平面內(nèi)，導(dǎo)軌之間接有電阻R.質(zhì)量為m的金屬棒ab與兩導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸，

6、整個(gè)裝置放在勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直于導(dǎo)軌平面向下．金屬棒ab與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，位于導(dǎo)軌間金屬棒ab的電阻為R，重力加速度為g，金屬棒ab以初速度v0沿導(dǎo)軌向右運(yùn)動(dòng)位移x速度減小為零．下列說法正確的是(　　) A．a(chǎn)b中的感應(yīng)電流方向由a到b B．通過電阻R的電荷量為 C．金屬棒產(chǎn)生的焦耳熱為mv－μmgx D．金屬棒運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為－ 三、實(shí)驗(yàn)題：共18分． 10．(8分)學(xué)校開展研究性學(xué)習(xí)，某同學(xué)為了探究桿子轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)的動(dòng)能表達(dá)式，設(shè)計(jì)了圖甲所示的實(shí)驗(yàn)：質(zhì)量為m的均勻長直桿一端固定在轉(zhuǎn)軸O處，桿由水平位置靜止釋放，用置于圓弧上某位置的光電門測出另一端A經(jīng)過該位置時(shí)的瞬時(shí)速度

7、vA，并記下該位置與轉(zhuǎn)軸O的高度差h. (1)該同學(xué)用20分度的游標(biāo)卡尺測得長直桿的橫截面的直徑如圖乙為________mm. (2)調(diào)節(jié)光電門在圓弧上的位置，測得多組數(shù)據(jù)如表格所示．請選擇適當(dāng)?shù)臄?shù)據(jù)處理方法，猜想并寫出vA與h的函數(shù)關(guān)系等式為________． 組次 1 2 3 4 5 h/m 0 .10 0.15 0.20 0.25 0.30 vA/(m/s) 1.73 2.12 2.46 2.74 3.00 (3)當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭取10 m/s2，不計(jì)一切摩擦，結(jié)合你找出的函數(shù)關(guān)系式，根據(jù)守恒規(guī)律寫出此桿轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)動(dòng)能的表達(dá)式Ek＝_______

8、_______(請用數(shù)字、質(zhì)量m、速度vA表示)． 11．(10分)某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路測電池組的電動(dòng)勢和內(nèi)阻． 丙 (1)連接的實(shí)物圖如圖乙所示，請?jiān)趫D乙上完成電路連線． (2)若定值電阻R0的電阻為10 Ω，依據(jù)電壓表和電流表的讀數(shù)，建立U－I的坐標(biāo)，描出相應(yīng)的數(shù)據(jù)點(diǎn)，如圖丙，請你在丙圖中正確繪出圖象． (3)由圖象可知，該電源的電動(dòng)勢E＝__________ V，r＝________ Ω.(保留2位有效數(shù)字) 小卷綜合練(四) 1．解析：選A.長木板和滑塊做初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律得滑塊的加速度a1＝μg，長木板加速度a2＝，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式

9、可得滑塊與木板分離時(shí)，滑塊相對地面的位移為x＝a1t2，滑塊相對長木板的位移為L＝a2t2－a1t2，滑塊相對地面的速度v＝a1t，若只減小滑塊質(zhì)量，再次拉動(dòng)木板，根據(jù)牛頓第二定律得滑塊的加速度a1＝μg不變，長木板加速度a2＝變大，由滑塊相對長木板的位移為L＝a2t2－a1t2可得運(yùn)動(dòng)時(shí)間變小，滑塊相對地面的位移為x＝a1t2變小，滑塊相對地面的速度為v＝a1t變小，故A正確，B、C、D錯(cuò)誤． 2．解析：選B.根據(jù)x＝v0t＋at2可知＝at＋v0，故甲質(zhì)點(diǎn)的初速度為v0＝0，加速度為a＝，乙質(zhì)點(diǎn)的初速度為v′0＝c，加速度為a′＝－，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，選項(xiàng)B正確；根據(jù)at2＝v′0t＋a′t2

10、解得t＝，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；t＝d時(shí)，乙質(zhì)點(diǎn)反向運(yùn)動(dòng)，而甲沒有反向運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤． 3．解析：選C.粒子射出時(shí)速度均垂直于電場E，均受沿E所在方向的電場力，故所有粒子均做類平拋運(yùn)動(dòng)，在平行于E方向粒子做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，同一時(shí)刻到達(dá)位置均在同一等勢面上，故C正確；垂直于E方向粒子均做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故粒子在同一時(shí)刻位置組成一圓面，在豎直方向且垂直于E，故D錯(cuò)誤；粒子位移均從粒子源指向圓上各點(diǎn)，即一錐面母線，速度方向也不同，故A、B錯(cuò)誤． 4．解析：選D.在兩極點(diǎn)處有：G＝mg，解得該天體的質(zhì)量為：M＝，故A錯(cuò)誤；該天體的平均密度為：ρ＝＝，故B錯(cuò)誤；由mg＝m，解得該天體的第一宇宙速度為：

11、v＝，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；在赤道處有：－mg＝mR，解得該天體的直轉(zhuǎn)周期為T＝2π ，故D正確． 5．解析：選C.根據(jù)部分電路歐姆定律，電壓表示數(shù)U與電流表示數(shù)I的比值為可變電阻的阻值，因此比值變大，A錯(cuò)誤；定值電阻R0和電源內(nèi)阻的總阻值不變，故電阻箱的阻值變化前后，內(nèi)阻r和R0分得的總電壓U1與通過的電流I1的比值保持不變，即R0＋r＝＝，根據(jù)閉合電路的歐姆定律知，可變電阻兩端電壓的增大量等于定值電阻和內(nèi)阻分得的電壓和的減少量，即ΔU1＝ΔU，串聯(lián)電路，電流時(shí)時(shí)處處相等，故ΔI1＝ΔI，所以保持不變，故B、D錯(cuò)誤；根據(jù)閉合電路歐姆定律，總電阻變大，總電流變小，內(nèi)阻和R0分得的電壓減小，電阻箱兩端電

12、壓增大，電容器兩端電壓增加，故電容器的帶電量增加了CΔU，C正確． 6．解析：選BC.由于物塊做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，因此合外力的大小不變，A錯(cuò)誤；重力與速度的夾角越來越大，因此重力做功的瞬時(shí)功率越來越小，B正確；重力與摩擦力的合力等于重力沿半徑方向的分力，重力沿半徑方向的分力越來越大，C正確；由于摩擦力與重力沿容器壁切線方向的分力大小相等，重力沿容器壁切線方向的分力越來越小，因此摩擦力越來越小，克服摩擦力做功的功率越來越小，D錯(cuò)誤． 7．解析：選CD.由圖看出，物體在8～9 s內(nèi)沿正方向運(yùn)動(dòng)，9～10 s內(nèi)沿負(fù)方向，由于兩段時(shí)間內(nèi)圖象的“面積”相等，說明兩段時(shí)間內(nèi)位移大小相等，所以物體在8～10

13、 s內(nèi)位移為0，故A錯(cuò)誤；根據(jù)速度圖象的斜率等于加速度，可以看出，物體在8～10 s內(nèi)加速度最大，故B錯(cuò)誤；物體在0～9 s內(nèi)沿正方向運(yùn)動(dòng)，9～10 s 內(nèi)沿負(fù)方向返回，所以物體在9 s 末離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)，故C正確；由A分析可知，物體在8～10 s內(nèi)的位移為0，由“面積”等于位移，得到6～8 s內(nèi)的位移x＝×2 m＝8 m，物體在6～10 s內(nèi)的平均速度為＝＝2 m/s，故D正確． 8．解析：選AB.小物塊a、b碰撞時(shí)有Mv0＝(M＋m)v，碰撞時(shí)損失的機(jī)械能為ΔE＝Mv－(M＋m)v2，解得v＝v0，ΔE＝·Mv，x越大，v0越大，ΔE越大，選項(xiàng)A正確；M越大，a、b碰后小物塊a的速度越大，

14、動(dòng)能越大，選項(xiàng)B正確；僅x越大，小物塊a、b壓縮彈簧時(shí)的平衡位置不變，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；小物塊a、b分離時(shí)兩者接觸的彈力為零，兩者的加速度相同，均為gsin θ，故彈簧處于原長狀態(tài)，與M無關(guān)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤． 9．解析：選BC.根據(jù)右手定則可知ab中的感應(yīng)電流方向由b到a，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由q＝Δt，＝，＝，ΔΦ＝Bdx可得q＝，選項(xiàng)B正確；根據(jù)能量轉(zhuǎn)化和守恒定律有2Q＝mv－μmgx，解得金屬棒產(chǎn)生的焦耳熱為Q＝mv－μmgx，選項(xiàng)C正確；對于金屬棒，根據(jù)動(dòng)量定理有－∑Bil·Δt－μmgt＝0－mv0，而∑i·Δt＝q，聯(lián)立可得t＝－，選項(xiàng)D錯(cuò)誤． 10．解析：(1)游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為7 mm，游

15、標(biāo)尺上第5條刻度線和主尺上某一刻度線對齊，所以游標(biāo)尺讀數(shù)為5×0.05 mm＝0.25 mm，所以最終讀數(shù)為：7 mm＋0.25 mm＝7.25 mm. (2)由表格得到：v＝30h. (3)設(shè)桿長L，桿轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為：ω＝；在桿上取Δx長度微元，設(shè)其離O點(diǎn)間距為x，其動(dòng)能為：··；積分得到：Ek＝··＝mv. 答案：(1)7.25　(2)v＝30h (3) 11．解析：(1)根據(jù)原理圖可知實(shí)物圖如圖1； 圖1 (2)用直線將各點(diǎn)連接，如圖2所示； 圖2 (3)圖象與縱軸的交點(diǎn)為電源的電動(dòng)勢，由圖2可知，電動(dòng)勢E＝3.0 V；R0＋r＝ Ω≈15.4 Ω 解得r＝(15.4－10) Ω＝5.4 Ω. 答案：(1)實(shí)物圖見解析圖1 (2)如解析圖2所示　 (3)3.0　5.4 - 8 -