《2020屆高考物理二輪復(fù)習(xí) 刷題首選卷 綜合能力物理部分押題密卷（一）（含解析）》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2020屆高考物理二輪復(fù)習(xí) 刷題首選卷 綜合能力物理部分押題密卷（一）（含解析）（13頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、部分押題密卷(一) 本試卷分第Ⅰ卷(選擇題)和第Ⅱ卷(非選擇題)兩部分，滿分110分，時(shí)間60分鐘。 第Ⅰ卷 一、選擇題(本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～5題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，第6～8題有多項(xiàng)符合題目要求，全部答對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分) 1．(2019·江西新余四校高三第二次聯(lián)考)下列說法正確的是(　　) A．某種金屬能否發(fā)生光電效應(yīng)取決于照射光的強(qiáng)度 B．盧瑟福通過α粒子轟擊氮核實(shí)驗(yàn)，證實(shí)了在原子核內(nèi)部存在中子 C．—個(gè)U原子核衰變?yōu)橐粋€(gè)Pb原子核的過程中，發(fā)生8次衰變 D．大量處于基態(tài)的氫原子在單色光的照射

2、下，發(fā)出多種頻率的光子，其中一種必與入射光頻率相同 答案　D 解析　某種金屬能否發(fā)生光電效應(yīng)取決于照射光的頻率，A錯(cuò)誤；盧瑟福通過α粒子轟擊氮核實(shí)驗(yàn)，證實(shí)了在原子核內(nèi)部存在質(zhì)子，而查德威克通過實(shí)驗(yàn)證實(shí)了在原子核內(nèi)部存在中子，B錯(cuò)誤；核反應(yīng)過程遵循質(zhì)量數(shù)守恒與電荷數(shù)守恒規(guī)律，一個(gè)U原子核衰變?yōu)橐粋€(gè)Pb原子核的過程中，發(fā)生8次α衰變，發(fā)生6次β衰變，C錯(cuò)誤；大量處于基態(tài)的氫原子在單色光的照射下，先吸收能量向高能級(jí)躍遷，然后再從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷，發(fā)出多種頻率的光子，其中從最高能級(jí)直接躍遷到基態(tài)時(shí)發(fā)出的光子的頻率與入射光的頻率是相等的，D正確。 2．(2019·湖南衡陽二模)超市里磁力防盜扣的

3、內(nèi)部結(jié)構(gòu)及原理如圖所示，在錐形金屬筒內(nèi)放置四顆小鐵珠(其余兩顆未畫出)，工作時(shí)彈簧通過鐵環(huán)將小鐵珠擠壓于金屬筒的底部，同時(shí)，小鐵珠陷于釘柱上的凹槽里，鎖死防盜扣。當(dāng)用強(qiáng)磁場(chǎng)吸引防盜扣的頂部時(shí)，鐵環(huán)和小鐵珠向上移動(dòng)，防盜扣松開，已知錐形金屬筒底部的圓錐頂角剛好是90°，彈簧通過鐵環(huán)施加給每個(gè)小鐵珠豎直向下的力F，小鐵珠鎖死防盜扣，每個(gè)小鐵珠對(duì)釘柱產(chǎn)生的側(cè)向壓力為(不計(jì)摩擦以及小鐵珠的重力)(　　) A.F B.F C．F D.F 答案　C 解析　以一個(gè)鐵珠為研究對(duì)象，將力F按照作用效果分解如圖所示，由幾何關(guān)系可得小鐵球?qū)︶斨a(chǎn)生的側(cè)向壓力為N＝＝F。故選C。 3．(20

4、19·西安一模)我國(guó)首顆量子科學(xué)實(shí)驗(yàn)衛(wèi)星“墨子”已于酒泉成功發(fā)射，將在世界上首次實(shí)現(xiàn)衛(wèi)星和地面之間的量子通信。“墨子”由火箭發(fā)射至高度為500千米的預(yù)定圓形軌道。此前在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射了第二十三顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星G7，G7屬地球靜止軌道衛(wèi)星(高度約為36000千米)，它將使北斗系統(tǒng)的可靠性進(jìn)一步提高。關(guān)于衛(wèi)星以下說法中正確的是(　　) A．“墨子”號(hào)衛(wèi)星的運(yùn)行速度大于7.9 km/s B．“墨子”號(hào)衛(wèi)星的線速度比北斗G7的線速度小 C．“墨子”號(hào)衛(wèi)星的周期小于24 h D．量子科學(xué)實(shí)驗(yàn)衛(wèi)星“墨子”的向心加速度比北斗G7小 答案　C 解析　根據(jù)＝m，可知v＝，r越大，v越小，近地

5、衛(wèi)星的運(yùn)行速度為7.9 km/s，且r近地v墨子>vG7，A、B錯(cuò)誤；G7是地球同步衛(wèi)星，其周期TG7＝24 h，由T＝，且r墨子vG7，得T墨子<24 h，C正確；由a＝，且v墨子>vG7，r墨子aG7，D錯(cuò)誤。 4．(2019·重慶一中高三5月?？?如圖所示，真空中兩等量異種點(diǎn)電荷＋q、－q固定在y軸上。abcd為等腰梯形，ad、bc邊與y軸垂直且被y軸平分。下列說法正確的是(　　) A．將電子從d點(diǎn)移動(dòng)到b點(diǎn)，電勢(shì)能增加 B．a(chǎn)點(diǎn)電勢(shì)高于d點(diǎn)電勢(shì) C．將質(zhì)子從a點(diǎn)移動(dòng)到c點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功 D．b、c

6、兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)相同 答案　C 解析　由等量異種點(diǎn)電荷周圍電場(chǎng)線的分布圖可知，b點(diǎn)的電勢(shì)高于d點(diǎn)，可知將電子從d點(diǎn)移動(dòng)到b點(diǎn)，電勢(shì)能減小，A錯(cuò)誤；由對(duì)稱性可知，a點(diǎn)電勢(shì)等于d點(diǎn)電勢(shì)，B錯(cuò)誤；因a點(diǎn)電勢(shì)低于c點(diǎn)，則將質(zhì)子從a點(diǎn)移動(dòng)到c點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，C正確；由對(duì)稱性可知，b、c兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向不同，D錯(cuò)誤。 5. (2019·山東濰坊二模)中核集團(tuán)研發(fā)的“超導(dǎo)質(zhì)子回旋加速器”，能夠?qū)①|(zhì)子加速至光速的，促進(jìn)了我國(guó)醫(yī)療事業(yè)的發(fā)展。若用如圖所示的回旋加速器分別加速氕、氘兩種靜止的原子核，不考慮加速過程中原子核質(zhì)量的變化，以下判斷正確的是(　　) A．氘核射出時(shí)的向心加速度大

7、B．氕核獲得的速度大 C．氘核獲得的動(dòng)能大 D．氕核動(dòng)能增大，其偏轉(zhuǎn)半徑的增量不變 答案　B 解析　由qvB＝m得：速度vm＝，向心加速度a＝＝，氕核射出時(shí)的向心加速度大，A錯(cuò)誤；速度vm＝，Ekm＝mv＝，因?yàn)殡说馁|(zhì)量較小，則獲得的動(dòng)能和速度大，B正確，C錯(cuò)誤；由r＝＝可知氕核動(dòng)能增大，其偏轉(zhuǎn)半徑的增量要改變，D錯(cuò)誤。 6．(2019·福建莆田高三第二次質(zhì)檢)如圖，裝有水的杯子從傾角α＝53°的斜面上滑下，當(dāng)水面穩(wěn)定時(shí)，水面與水平面的夾角β＝16°。取重力加速度g＝10 m/s2，sin53°＝0.8，sin16°＝0.28，則 (　　) A．杯子下滑的加速度大小為2.8

8、m/s2 B．杯子下滑的加速度大小為3.5 m/s2 C．杯子與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.75 D．杯子與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.87 答案　BC 解析　取水面一質(zhì)量為m的小水滴為研究對(duì)象，如圖所示， 可知水面對(duì)此水滴的支持力N與y軸的夾角為α－β＝37°，由正交分解法結(jié)合牛頓第二定律可得：mgsin53°－Nsin37°＝ma；mgcos53°＝Ncos37°，解得a＝3.5 m/s2；對(duì)杯子和水的整體，由牛頓第二定律得：Mgsin53°－μMgcos53°＝Ma，解得μ＝0.75，故選B、C。 7. (2019·廣東廣州二模改編)如圖，兩位同學(xué)同時(shí)在等高處拋出手中的籃球

9、A、B，A以速度v1斜向上拋出，B以速度v2豎直向上拋出，當(dāng)A到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)恰與B相遇。不計(jì)空氣阻力，A、B質(zhì)量相等且均可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度為g，以下判斷正確的是(　　) A．相遇時(shí)A的速度一定不為零 B．相遇時(shí)B的速度一定為零 C．A從拋出到最高點(diǎn)的時(shí)間為 D．從拋出到相遇A、B動(dòng)量的變化量相同 答案　AD 解析　相遇時(shí)A還具有水平速度，則此時(shí)A的速度不為零，A正確；A在最高點(diǎn)的豎直速度為零，但此時(shí)B的速度不一定為零，B錯(cuò)誤；兩球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，但A、B相遇時(shí)，B的速度不一定為零，從拋出到相遇的時(shí)間t≤，C錯(cuò)誤；根據(jù)Δp＝mgt可知從拋出到相遇A、B動(dòng)量的變化量相同，D正確。

10、 8．(2019·山東濰坊二模)如圖甲，螺線管內(nèi)有平行于軸線的外加磁場(chǎng)，以圖中箭頭所示方向?yàn)槠湔较?。螺線管與導(dǎo)線框abcd相連，導(dǎo)線框內(nèi)有一閉合小金屬圓環(huán)，圓環(huán)與導(dǎo)線框在同一平面內(nèi)。當(dāng)螺線管內(nèi)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間按圖乙所示規(guī)律變化時(shí)(　　) A．在0～t1時(shí)間內(nèi)，環(huán)有收縮趨勢(shì) B．在t1～t2時(shí)間內(nèi)，環(huán)有擴(kuò)張趨勢(shì) C．在t1～t2時(shí)間內(nèi)，環(huán)內(nèi)有逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流 D．在t2～t3時(shí)間內(nèi)，環(huán)內(nèi)有逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流 答案　BC 解析　在0～t1時(shí)間內(nèi)，B均勻增加，螺線管中產(chǎn)生恒定不變的感生電動(dòng)勢(shì)，則在導(dǎo)線框中形成穩(wěn)定的電流，該電流在圓環(huán)處產(chǎn)生穩(wěn)定的磁場(chǎng)，則此時(shí)環(huán)中無感應(yīng)電流

11、產(chǎn)生，環(huán)沒有收縮趨勢(shì)，A錯(cuò)誤；在t1～t2時(shí)間內(nèi)，B先向上減小后向下增加，B的變化率逐漸減小，則螺線管中的感應(yīng)電流方向?yàn)閺南碌缴锨抑饾u減小，在導(dǎo)線框abcd中的磁通量為向外減小，穿過環(huán)的磁通量向外減小，根據(jù)楞次定律可知，環(huán)內(nèi)有逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流，且有擴(kuò)張趨勢(shì)，B、C正確；在t2～t3時(shí)間內(nèi)，B的方向向下，且B的變化率逐漸減小，則螺線管中的感應(yīng)電流方向?yàn)閺纳系较虑抑饾u減小，在導(dǎo)線框abcd中的磁通量為向里減小，穿過環(huán)的磁通量向里減小，根據(jù)楞次定律可知，環(huán)內(nèi)有順時(shí)針方向的感應(yīng)電流，D錯(cuò)誤。 第Ⅱ卷 二、非選擇題(包括必考題和選考題兩部分，共62分。第9～12題為必考題，考生都必須作答。第13

12、～14題為選考題，考生根據(jù)要求作答) (一)必考題(共47分) 9．(2019·山東聊城二模)(6分)某實(shí)驗(yàn)小組用如圖所示的器材驗(yàn)證“力的平行四邊形定則”。在水平的圓形桌面上平鋪一張白紙，在桌子邊緣安裝三個(gè)光滑的滑輪，其中，滑輪P1固定在桌子邊，滑輪P2、P3可沿桌邊移動(dòng)。 步驟如下： A．在三根輕繩下掛上一定數(shù)量的鉤碼，調(diào)整滑輪P2、P3的位置使結(jié)點(diǎn)O靜止； B．在白紙上描下O點(diǎn)的位置和三根繩子的方向，以O(shè)點(diǎn)為起點(diǎn)，用同一標(biāo)度作出三個(gè)拉力的圖示； C．以繞過滑輪P2、P3繩的兩個(gè)拉力的圖示為鄰邊作平行四邊形，作出以O(shè)點(diǎn)為起點(diǎn)的平行四邊形的對(duì)角線，量出對(duì)角線的長(zhǎng)度； D．檢驗(yàn)

13、對(duì)角線的長(zhǎng)度和繞過滑輪P1繩拉力的圖示的長(zhǎng)度是否一樣，方向是否在一條直線上。 (1)第一次實(shí)驗(yàn)中，若一根繩掛的鉤碼質(zhì)量為m，另一根繩掛的鉤碼質(zhì)量為2m，則第三根繩所掛的鉤碼質(zhì)量M應(yīng)滿足的關(guān)系：________。 (2)第二次實(shí)驗(yàn)時(shí)，改變滑輪P2、P3的位置和相應(yīng)繩上鉤碼的數(shù)量，使結(jié)點(diǎn)平衡，繩的結(jié)點(diǎn)________(填“必須”或“不必”)與第一次實(shí)驗(yàn)中白紙上描下的O點(diǎn)重合。實(shí)驗(yàn)中，若桌面傾斜，________(填“會(huì)”或“不會(huì)”)影響實(shí)驗(yàn)的結(jié)論。 答案　(1)m

14、，由實(shí)驗(yàn)要求可知，兩繩不共線，則兩繩拉力的合力F的范圍是：|2mg－mg|

15、阻。供選用的器材如下： A．待測(cè)表頭G1，內(nèi)阻r1約為300 Ω，量程5.0 mA； B．靈敏電流計(jì)G2，內(nèi)阻r2＝300 Ω，量程1.0 mA； C．定值電阻R＝1200 Ω； D．滑動(dòng)變阻器R1，最大阻值為20 Ω； E．滑動(dòng)變阻器R2，最大阻值為2000 Ω； F．電源，電動(dòng)勢(shì)E＝3.0 V，內(nèi)阻不計(jì)； H．開關(guān)S，導(dǎo)線若干。 (1)在如圖2所示的實(shí)物圖上將導(dǎo)線補(bǔ)充完整； (2)滑動(dòng)變阻器應(yīng)選________(填寫器材前的字母代號(hào))，開關(guān)S閉合前，滑動(dòng)變阻器的滑片P應(yīng)滑動(dòng)至________(填“a”或“b”)端； (3)實(shí)驗(yàn)中某次待測(cè)表頭G1的示數(shù)如圖3所示，示數(shù)

16、為________ mA； (4)該同學(xué)多次移動(dòng)滑片P，記錄相應(yīng)的G1、G2讀數(shù)I1、I2；以I2為縱坐標(biāo)，I1為橫坐標(biāo)，作出相應(yīng)圖線。已知圖線的斜率k＝0.18，則待測(cè)表頭內(nèi)阻r1＝________ Ω； (5)該同學(xué)接入電阻R的主要目的是____________________________。 答案　(1)圖見解析　(2)D　a　(3)3.00　(4)270 (5)保護(hù)G2，使兩表均能達(dá)到接近滿偏 解析　(1)實(shí)物連線如圖： (2)因?yàn)榛瑒?dòng)變阻器要接成分壓電路，則應(yīng)該選擇阻值較小的D；開關(guān)S閉合前，滑動(dòng)變阻器的滑片P應(yīng)滑動(dòng)至a端。 (3)由圖3可知，待測(cè)表頭G1的示數(shù)為

17、3.00 mA。 (4)由串、并聯(lián)知識(shí)可知：I1r1＝I2(R＋r2)，即I2＝I1，則＝k＝0.18，解得r1＝270 Ω。 (5)該同學(xué)接入電阻R的主要目的是：保護(hù)G2，使兩表均能達(dá)到接近滿偏。 11．(2019·福建泉州二模)(12分)華裔科學(xué)家丁肇中負(fù)責(zé)的AMS項(xiàng)目，是通過“太空粒子探測(cè)器”探測(cè)高能宇宙射線粒子，尋找反物質(zhì)。某學(xué)習(xí)小組設(shè)想了一個(gè)探測(cè)裝置，截面圖如圖所示。其中輻射狀加速電場(chǎng)的內(nèi)、外邊界為兩個(gè)同心圓，圓心為O，外圓電勢(shì)為零，內(nèi)圓電勢(shì)φ＝－45 V，內(nèi)圓半徑R＝1.0 m。在內(nèi)圓內(nèi)有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B＝9×10－5 T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)內(nèi)有一圓形接收器，圓

18、心也在O點(diǎn)。假設(shè)射線粒子中有正電子，先被吸附在外圓上(初速度為零)，經(jīng)電場(chǎng)加速后進(jìn)入磁場(chǎng)，并被接收器接收。已知正電子質(zhì)量m＝9×10－31 kg，電荷量q＝1.6×10－19 C，不考慮粒子間的相互作用。 (1)求正電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的速率v和半徑r； (2)若正電子恰好能被接收器接收，求接收器的半徑R′。 答案　(1)4×106 m/s　0.25 m　(2) m 解析　(1)電場(chǎng)兩邊界的電勢(shì)差為U＝0－φ＝45 V， 在加速正電子的過程中，根據(jù)動(dòng)能定理可得 qU＝mv2－0， 代入數(shù)據(jù)解得v＝4×106 m/s； 正電子進(jìn)入磁場(chǎng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律可得：qvB＝m

19、， 解得r＝0.25 m。 (2)正電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖所示，當(dāng)正電子運(yùn)動(dòng)的軌跡與接收器相切時(shí)，正電子恰好能被接收器接收，由幾何關(guān)系可得： R′＝－r， 解得R′＝ m。 12．(2019·四川成都二診)(20分)用如圖所示的裝置，可以模擬貨車在水平路面上的行駛，進(jìn)而研究行駛過程中車廂里的貨物運(yùn)動(dòng)情況。已知模擬小車(含遙控電動(dòng)機(jī))的質(zhì)量M＝7 kg，車廂前、后壁間距L＝4 m，木板A的質(zhì)量mA＝1 kg，長(zhǎng)度LA＝2 m，木板上可視為質(zhì)點(diǎn)的物體B的質(zhì)量mB＝4 kg，A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.3，木板與車廂底部(水平)間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ0＝0.32，A、B緊靠車廂前壁?，F(xiàn)“

20、司機(jī)”遙控小車從靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過一定時(shí)間，A、B同時(shí)與車廂后壁碰撞。設(shè)小車運(yùn)動(dòng)過程中所受空氣和地面總的阻力恒為F阻＝16 N，重力加速度大小g＝10 m/s2，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。 (1)從小車啟動(dòng)到A、B與后壁碰撞的過程中，分別求A、B的加速度大?。? (2)A、B與后壁碰撞前瞬間，求遙控電動(dòng)機(jī)的輸出功率； (3)若碰撞后瞬間，三者速度方向不變，小車的速率變?yōu)榕銮暗?0%，A、B的速率均變?yōu)榕銮靶≤嚨乃俾?，且“司機(jī)”立即關(guān)閉遙控電動(dòng)機(jī)，求從開始運(yùn)動(dòng)到A相對(duì)車靜止的過程中，A與車之間由于摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能。 答案　(1)4 m/s2　3 m/s2 (2)670 W

21、　(3)40 J 解析　(1)由題意，從小車啟動(dòng)到A、B與后壁碰撞的過程中，三者間有相對(duì)滑動(dòng)，三者受力如圖所示， 對(duì)B：fAB＝μmBg＝12 N 由牛頓第二定律有：fAB＝mBaB 代入數(shù)據(jù)解得：aB＝3 m/s2，方向向前，做勻加速運(yùn)動(dòng) 對(duì)A：F車A＝μ0(mA＋mB)g＝16 N，fAB＝fBA 由牛頓第二定律：F車A－fBA＝mAaA 代入數(shù)據(jù)解得：aA＝4 m/s2，方向向前，做勻加速運(yùn)動(dòng)。 (2)A、B同時(shí)到達(dá)后壁， 有sA－sB＝aAt2－aBt2＝LA 且：s車－sB＝a車t2－aBt2＝L 解得：t＝2 s，a車＝5 m/s2 對(duì)車，由牛頓第二定律

22、有： F牽－μ0(mA＋mB)g－F阻＝Ma車 解得：F牽＝67 N 電動(dòng)機(jī)輸出功率為P＝F牽v 碰撞前瞬間的車速為：v＝a車t 聯(lián)立以上各式并代入數(shù)據(jù)解得：v＝10 m/s，P＝670 W。 (3)碰撞后瞬間，v車′＝0.8v車＝8 m/s，A、B的速率為v，因μ<μ0 所以碰后三者之間仍有相對(duì)滑動(dòng)，三者受力如圖所示， 對(duì)B：aB′＝aB＝3 m/s2，方向向后，做勻減速直線運(yùn)動(dòng) 對(duì)A：aA′＝aA＝4 m/s2，方向向后，做勻減速直線運(yùn)動(dòng) 對(duì)車：F牽＝F阻－FA車＝0，因此車做勻速直線運(yùn)動(dòng) 設(shè)經(jīng)時(shí)間t′，A與車相對(duì)靜止，則：t′＝＝0.5 s A與車間相對(duì)滑動(dòng)的

23、距離為： Δs＝sA′－s車′＝(vt′－aA′t′2)－v車′t′， 得：Δs＝0.5 m A相對(duì)車通過的總路程：Δs總＝Δs＋ A與車之間由于摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能：E＝F車AΔs總 代入數(shù)據(jù)解得：E＝40 J。 (二)選考題(共15分) 請(qǐng)考生從兩道物理題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計(jì)分。 13．[物理——選修3－3](15分) (1)(2019·湖北四地七校高三上學(xué)期期末聯(lián)考)(5分)下列有關(guān)水的熱學(xué)現(xiàn)象和結(jié)論的說法正確的是________(填正確答案標(biāo)號(hào)。選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分。每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分)。 A．常溫下一個(gè)水分

24、子的體積大約為3×10－29 m3 B．零攝氏度的水比等質(zhì)量零攝氏度的冰的分子勢(shì)能大 C．水面上的表面張力的方向與水面垂直并指向液體內(nèi)部 D．一滴墨水滴入水中最終混合均勻，是因?yàn)樘剂Ｊ苤亓Φ淖饔? E．被踩扁但表面未開裂的乒乓球放入熱水中浸泡，在其恢復(fù)原狀的過程中球內(nèi)氣體會(huì)從外界吸收熱量 (2)(2019·云南省曲靖市陸良縣二模)(10分)一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B再變化到狀態(tài)C，其狀態(tài)變化過程的p-V圖象如圖所示。已知該氣體在狀態(tài)A時(shí)的溫度為27 ℃。求： ①該氣體在狀態(tài)B、C時(shí)的溫度分別為多少攝氏度？ ②該氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過程中是吸熱還是放熱？傳遞的熱量

25、是多少？ 答案　(1)ABE (2)①－173 ℃　27 ℃?、谖諢崃俊?000 J 解析　(1)水的摩爾質(zhì)量為18 g/mol，常溫下水的密度為1.0×103 kg/m3，一個(gè)水分子的體積V＝＝ m3＝3×10－29 m3，故A正確；因冰熔化成水需要吸熱，內(nèi)能增加，由于溫度不變，分子動(dòng)能不變，因此0 ℃的水分子勢(shì)能比相同質(zhì)量0 ℃的冰的分子勢(shì)能大，故B正確；液體表面張力產(chǎn)生在液體表面層，它的方向平行于液體表面，而非與液面垂直，故C錯(cuò)誤；墨水滴入清水中，液體分子不停地做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，撞擊碳懸浮微粒，懸浮微粒受到的來自各個(gè)方向的液體分子的撞擊作用不平衡，導(dǎo)致其做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，最終與水混合均勻

26、，而不是由于碳粒受重力作用，故D錯(cuò)誤；被踩扁的乒乓球(表面沒有開裂)放在熱水里浸泡而恢復(fù)原狀的過程中，球內(nèi)氣體對(duì)外做正功，溫度升高，內(nèi)能增加，根據(jù)熱力學(xué)第一定律ΔU＝Q＋W知，球內(nèi)氣體會(huì)從外界吸收熱量，故E正確。 (2)①由圖可知，從A到B是等容變化， 則根據(jù)＝， 解得TB＝TA＝×(273＋27) K＝100 K＝－173 ℃； 由圖可知，從B到C是等壓變化，則根據(jù)＝， 解得TC＝TB＝×100 K＝300 K＝27 ℃。 ②從A到C，對(duì)狀態(tài)A與C，因TA＝TC，故氣體內(nèi)能不變，ΔU＝0；因VA

27、＝1×105×(3－1)×10－2 J＝2000 J，則氣體吸收的熱量Q＝W＝2000 J。 14．[物理——選修3－4](15分) (1)(2019·河南名校高三上學(xué)期第四次聯(lián)考)(5分)關(guān)于波的干涉和衍射，下列說法正確的是________(填正確答案標(biāo)號(hào)。選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分。每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分)。 A．對(duì)于同一列機(jī)械波，障礙物越小，越容易繞過去 B．如果波在傳播過程中遇到尺寸比波長(zhǎng)大得多的障礙物，該波就不能發(fā)生衍射 C．猛擊音叉，圍繞振動(dòng)的音叉轉(zhuǎn)一圈的過程中，會(huì)聽到聲音忽強(qiáng)忽弱，這是干涉現(xiàn)象 D．一束白光通過三棱鏡后，在屏上出現(xiàn)彩色條紋

28、，這是光的一種干涉現(xiàn)象 E．機(jī)械波、電磁波、光波均能產(chǎn)生衍射現(xiàn)象 (2)(2019·湖北省高三4月調(diào)考)(10分)如圖所示，某種材料制成的扇形透明磚放置在水平桌面上，光源S發(fā)出一束平行于桌面的光線從OA的中點(diǎn)垂直射入透明磚，恰好經(jīng)過兩次全反射后，垂直O(jiān)B射出，并再次經(jīng)過光源S。已知光在真空中傳播的速率為c，求： ①材料的折射率n； ②該過程中，光在空氣中傳播的時(shí)間與光在材料中傳播的時(shí)間之比。 答案　(1)ACE　(2)①2?、?∶4 解析　(1)障礙物越小，機(jī)械波越容易繞過去，越容易發(fā)生衍射，A正確；只有當(dāng)障礙物的尺寸與波的波長(zhǎng)差不多或比波長(zhǎng)短時(shí)，才會(huì)發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，當(dāng)障礙

29、物的尺寸比波的波長(zhǎng)大得多時(shí)，也能發(fā)生衍射現(xiàn)象，只是不明顯，B錯(cuò)誤；圍繞振動(dòng)的音叉轉(zhuǎn)一圈會(huì)聽到忽強(qiáng)忽弱的聲音，是聲波疊加產(chǎn)生加強(qiáng)與減弱的干涉的結(jié)果，C正確；白光通過三棱鏡在屏上出現(xiàn)彩色條紋是光的折射現(xiàn)象，D錯(cuò)誤；衍射是波的特性，一切波都能發(fā)生衍射，E正確。 (2)①光路如圖， 設(shè)扇形透明磚半徑為R，而＝， 故sinC＝(即C＝30°) 又sinC＝ 所以該材料的折射率n＝2。 ②光在空氣中傳播的路程s1＝2 由幾何關(guān)系∠OSF＝30° 所以s1＝Rcos30°×2＝R×2＝R， 則光在空氣中傳播的時(shí)間為：t1＝＝ 光在材料中傳播的路程s2＝4＝2R， 則光在材料中傳播的時(shí)間為：t2＝＝＝ 則光在空氣中與光在材料中傳播的時(shí)間之比為： t1∶t2＝1∶4。 - 13 -