《2020屆高考物理二輪復(fù)習(xí) 專題沖刺 選擇題專練（二）（含解析）》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2020屆高考物理二輪復(fù)習(xí) 專題沖刺 選擇題專練（二）（含解析）（6頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、選擇題專練(二) 共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～5題只有一項(xiàng)符合題目要求，第6～8題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。 1．(2019·廣東汕頭高三一模)中國(guó)自主研發(fā)的世界首座具有第四代核電特征的核電站—華能石島灣高溫氣冷堆核電站，位于山東省威海市榮成石島灣。目前核電站使用的核燃料基本都是濃縮鈾，有一種典型的鈾核裂變方程是U＋x→Ba＋Kr＋3x。下列關(guān)于x的說(shuō)法正確的是(　　) A．x是α粒子，具有很強(qiáng)的電離本領(lǐng) B．x是α粒子，穿透能力比較弱 C．x是中子，中子是盧瑟福通過(guò)實(shí)驗(yàn)最先發(fā)現(xiàn)的 D．x是中子，中子是查德威

2、克通過(guò)實(shí)驗(yàn)最先發(fā)現(xiàn)的 答案　D 解析　根據(jù)該反應(yīng)的特點(diǎn)可知，該核反應(yīng)屬于重核裂變，根據(jù)核反應(yīng)方程的質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知，x為中子，故A、B錯(cuò)誤；根據(jù)物理學(xué)史可知，盧瑟福發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子，預(yù)言了中子的存在，中子是查德威克通過(guò)實(shí)驗(yàn)最先發(fā)現(xiàn)的，C錯(cuò)誤，D正確。 2．(2019·安徽省“江南十?！备呷戮C合質(zhì)檢)如圖所示，游樂(lè)場(chǎng)中有一半球形的碗狀裝置固定在水平地面上，裝置的內(nèi)半徑為R，在其內(nèi)表面有一個(gè)小孩(可視為質(zhì)點(diǎn))從底部向上爬行，小孩與內(nèi)表面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.75，設(shè)小孩所受的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，則小孩沿該裝置緩慢向上爬行的最大高度是(　　) A．0.2R B．0.25

3、R C．0.75R D．0.8R 答案　A 解析　設(shè)小孩爬到最高處時(shí)，小孩與圓心的連線與豎直方向的夾角為θ，對(duì)小孩受力分析，由平衡條件得，mgsinθ＝μmgcosθ，解得θ＝37°，又由幾何關(guān)系得，最大高度h＝R－Rcosθ＝0.2R。故A正確。 3．(2019·河南省鄭州市一模)甲、乙兩個(gè)同學(xué)打乒乓球，某次動(dòng)作中，甲同學(xué)持拍的拍面與水平方向成45°角，乙同學(xué)持拍的拍面與水平方向成30°角，如圖所示。設(shè)乒乓球擊打拍面時(shí)速度方向與拍面垂直，且乒乓球每次擊打球拍前、后的速度大小相等，不計(jì)空氣阻力，則乒乓球擊打甲的球拍的速度v1與乒乓球擊打乙的球拍的速度v2之比為(　　) A.

4、 B. C. D. 答案　C 解析　由題可知，乒乓球在甲、乙的拍面之間做斜拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)斜拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)可知，乒乓球在水平方向的分速度大小保持不變，豎直方向的分速度是不斷變化的。由于乒乓球擊打拍面時(shí)速度與拍面垂直，則在甲處：vx＝v1sin45°，在乙處：vx＝v2sin30°，所以＝＝，故C正確。 4．(2019·貴陽(yáng)一模)2017年，人類第一次直接探測(cè)到來(lái)自雙中子星合并的引力波信號(hào)。根據(jù)科學(xué)家們復(fù)原的過(guò)程，在兩顆中子星合并之前，它們繞二者連線上的某點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，且二者越轉(zhuǎn)越近，最終碰撞在一起，形成新的天體。若將兩顆中子星都看做是質(zhì)量均勻分布的球體，則此過(guò)程中兩中子星的(　　) A

5、．線速度逐漸變小 B．角速度保持不變 C．周期逐漸變大 D．向心加速度逐漸變大 答案　D 解析　設(shè)兩中子星的質(zhì)量分別為m1、m2，軌道半徑分別為r1、r2，相距L，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可知：＝m1r1ω2，＝m2r2ω2，r1＋r2＝L，聯(lián)立可得：r1＝L，r2＝L，ω＝，由T＝得，T＝ ，根據(jù)線速度和角速度的關(guān)系，有v1＝ωr1＝ ，v2＝ωr2＝ ，由題可知兩中子星的距離變小，故可得兩中子星的線速度變大，角速度變大，周期變小，A、B、C錯(cuò)誤；對(duì)于兩中子星的向心加速度，有＝m1a1＝m2a2，得a1＝，a2＝，兩中子星的距離變小，故可判斷兩中子星的向心加速度變大，D正確。

6、5．(2019·東北三校高三第一次聯(lián)合模擬)生活中可以通過(guò)霍爾元件來(lái)測(cè)量轉(zhuǎn)動(dòng)物體的轉(zhuǎn)速。在一個(gè)轉(zhuǎn)動(dòng)的圓盤邊緣處沿半徑方向均勻地放置四個(gè)小磁鐵，其中兩個(gè)N極向外，兩個(gè)S極向外，如圖甲所示分布。在圓盤邊緣附近放置一個(gè)霍爾元件，如圖乙所示。當(dāng)電路接通后，會(huì)在a、b兩端產(chǎn)生電勢(shì)差，經(jīng)電路放大后得到脈沖信號(hào)。已知脈沖信號(hào)的周期為T，若忽略感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的影響，則(　　) A．盤轉(zhuǎn)動(dòng)的轉(zhuǎn)速為n＝ B．轉(zhuǎn)速越大，脈沖信號(hào)的最大值就越大 C．脈沖信號(hào)的最大值與h成正比 D．圓盤轉(zhuǎn)到圖示位置時(shí)，如果a點(diǎn)電勢(shì)高，則霍爾元件中定向移動(dòng)的電荷帶負(fù)電 答案　D 解析　設(shè)圓盤的轉(zhuǎn)動(dòng)周期為T0，由題意可知，圓盤

7、轉(zhuǎn)動(dòng)的周期T0＝2T，由公式T0＝＝可得：n＝，故A錯(cuò)誤；由公式qvB＝q可知，U＝Bvh，所以霍爾元件所在處的磁場(chǎng)越強(qiáng)，脈沖信號(hào)的最大值就越大，與圓盤的轉(zhuǎn)速無(wú)關(guān)，結(jié)合公式I＝nqSv＝nqvLh可得：U＝，所以脈沖信號(hào)的最大值與h無(wú)關(guān)，B、C錯(cuò)誤；圓盤轉(zhuǎn)到圖示位置，由左手定則可知，定向移動(dòng)的電荷向下偏轉(zhuǎn)，若要a點(diǎn)電勢(shì)高，則定向移動(dòng)的電荷為負(fù)電荷，故D正確。 6．(2020·廣東肇慶高三第一次統(tǒng)考)2022年第24屆冬季奧林匹克運(yùn)動(dòng)會(huì)將在中國(guó)舉行，跳臺(tái)滑雪是其中最具觀賞性的項(xiàng)目之一。跳臺(tái)滑雪賽道可簡(jiǎn)化為助滑道、著陸坡、停止區(qū)三部分，如圖所示。一次比賽中，質(zhì)量為m的運(yùn)動(dòng)員從A處由靜止下滑，運(yùn)動(dòng)

8、到B處后水平飛出，落在了著陸坡末端的C點(diǎn)，滑入停止區(qū)后，在與C等高的D處速度減為零。已知B、C之間的高度差為h，著陸坡的傾角為θ，重力加速度為g。只考慮運(yùn)動(dòng)員在停止區(qū)受到的阻力，不計(jì)其他能量損失。由以上信息可以求出(　　) A．運(yùn)動(dòng)員在空中飛行的時(shí)間 B．A、B之間的高度差 C．運(yùn)動(dòng)員在停止區(qū)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中克服阻力做功的多少 D．C、D兩點(diǎn)之間的水平距離 答案　ABC 解析　運(yùn)動(dòng)員從B點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng)，則由h＝gt2可求解運(yùn)動(dòng)員在空中飛行的時(shí)間，A正確；由＝v0t可求解在B點(diǎn)的速度v0，再由mghAB＝mv可求解A、B之間的高度差，B正確；從B點(diǎn)到D點(diǎn)，由mv＋mgh＝Wf可求解運(yùn)動(dòng)員

9、在停止區(qū)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中克服阻力做功的多少，C正確；由題中條件無(wú)法求解C、D兩點(diǎn)之間的水平距離，D錯(cuò)誤。 7．(2019·河南六市高三第二次聯(lián)考)如圖甲所示，光滑絕緣的水平面附近存在一個(gè)平行于水平面的電場(chǎng)，其中某一區(qū)域的電場(chǎng)線與x軸平行，現(xiàn)有一個(gè)質(zhì)量為0.1 kg，電荷量為－2.0×10－8 C的滑塊P(可看做質(zhì)點(diǎn))，僅在電場(chǎng)力作用下由靜止沿x軸向左運(yùn)動(dòng)。電場(chǎng)力做的功W與物塊坐標(biāo)x的關(guān)系用圖乙中曲線表示，圖中斜線為該曲線過(guò)點(diǎn)(0.3,3)的切線。則下列說(shuō)法正確的是(　　) A．此電場(chǎng)一定是勻強(qiáng)電場(chǎng) B．電場(chǎng)方向沿x軸的正方向 C．點(diǎn)x＝0.3 m處的場(chǎng)強(qiáng)大小為1.0×10－5 N/C

10、D．x＝0.3 m與x＝0.7 m間的電勢(shì)差為100 V 答案　BD 解析　由圖可知，滑塊P向左運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，圖線的斜率逐漸增大，根據(jù)ΔW＝qE·Δx，則場(chǎng)強(qiáng)逐漸增大，此電場(chǎng)一定不是勻強(qiáng)電場(chǎng)，A錯(cuò)誤；滑塊P向左運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做正功，則電場(chǎng)方向沿x軸的正方向，B正確；根據(jù)ΔW＝qE·Δx，點(diǎn)x＝0.3 m處的電場(chǎng)力大小為F＝qE＝k＝ N＝1.0×10－5 N，則E＝＝ V/m＝500 V/m，C錯(cuò)誤；若滑塊P由x＝0.3 m運(yùn)動(dòng)到x＝0.7 m，電場(chǎng)力做功為W＝－2×10－6 J，可知電勢(shì)差為U＝＝ V＝100 V，D正確。 8.(2019·湖南常德一模)一豎直放置的輕彈簧，一

11、端固定于地面，一端與質(zhì)量為3 kg的B物體固定在一起，質(zhì)量為1 kg的A物體疊放在B上?，F(xiàn)在A和B正在一起豎直向上運(yùn)動(dòng)，如圖所示。當(dāng)A、B分離后，A繼續(xù)上升0.2 m到達(dá)最高點(diǎn)，此時(shí)B的速度方向向下，彈簧處于原長(zhǎng)，則從A、B分離起至A到達(dá)最高點(diǎn)的這一過(guò)程中(g取10 m/s2)，下列說(shuō)法正確的是(　　) A．A、B分離時(shí)B的加速度為g B．彈簧的彈力對(duì)B做的功為零 C．彈簧的彈力對(duì)B的沖量大小為6 N·s D．B的動(dòng)量變化量為零 答案　ABC 解析　由分離的條件可知，A、B分離時(shí)二者的速度、加速度相等，二者之間的相互作用力為0，對(duì)A分析可知，A的加速度aA＝g，所以B的加速度為

12、g，A正確；A、B分離時(shí)彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)，A到最高點(diǎn)時(shí)彈簧再次處于原長(zhǎng)，則從A、B分離起至A到達(dá)最高點(diǎn)的這一過(guò)程中彈簧的彈性勢(shì)能變化為零，所以彈簧對(duì)B做的功為零，B正確；A、B分離后A做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，可知A、B分離時(shí)的速度均為v＝＝ m/s＝2 m/s，A上升到最高點(diǎn)所需的時(shí)間：t＝ ＝0.2 s，對(duì)B，由運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可知，A到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，B的速度大小為2 m/s，方向豎直向下，對(duì)B在此過(guò)程內(nèi)用動(dòng)量定理(規(guī)定向下為正方向)得：mBgt＋I(xiàn)F＝mBv－(－mBv)，解得彈簧的彈力對(duì)B的沖量大小為：IF＝6 N·s，B的動(dòng)量變化量為Δp＝mBv－(－mBv)＝12 kg·m/s，C正確，D錯(cuò)誤。 - 6 -