《（江蘇專(zhuān)版）2019版高考物理二輪復(fù)習(xí) 選擇題提速練（三）（含解析）》由會(huì)員分享，可在線(xiàn)閱讀，更多相關(guān)《（江蘇專(zhuān)版）2019版高考物理二輪復(fù)習(xí) 選擇題提速練（三）（含解析）（5頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、選擇題提速練(三) 一、單項(xiàng)選擇題 1．下列關(guān)于物理學(xué)思想方法的敘述錯(cuò)誤的是(　　) A．探究加速度與力、質(zhì)量關(guān)系的實(shí)驗(yàn)中運(yùn)用了控制變量法 B．加速度a＝、磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝的定義都運(yùn)用了比值法 C．光滑的水平地面、輕質(zhì)彈簧等運(yùn)用了理想化模型法 D．平均速度、合力、有效值等概念的建立運(yùn)用了等效替代法 解析：選B　在探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系實(shí)驗(yàn)中使用了控制變量法，故A正確；加速度定義為速度變化量與所用時(shí)間的比值即a＝，a＝是加速度的決定式，課本明確給出磁感應(yīng)強(qiáng)度定義式為B＝，屬于比值定義法，故B錯(cuò)誤；光滑水平面和輕質(zhì)彈簧實(shí)際并不存在，是理想化模型，故C正確；平均速度、合力、有效值等概

2、念的建立都體現(xiàn)了等效替代的思想，故D正確。 2．如圖所示為某同學(xué)設(shè)計(jì)的高壓輸電模擬電路，升壓變壓器T1的原、副線(xiàn)圈匝數(shù)比n1∶n2 ＝1∶k，降壓變壓器T2的原、副線(xiàn)圈匝數(shù)比n3∶n4＝k∶1，電阻r＝3 Ω。升壓變壓器原線(xiàn)圈輸入電壓為16 V的正弦交流電，降壓變壓器副線(xiàn)圈接額定電壓為15 V、額定功率為45 W的用電器。兩個(gè)變壓器可視為理想變壓器，要使用電器正常工作，則(　　) A．k＝　　　　　　　 B.k＝3 C．k＝4 D．k＝9 解析：選B　用電器的電流為I4＝ A＝3 A，則輸電線(xiàn)上的電流：I3＝ A；降壓變壓器輸入電壓U3＝kU4＝15k V；因升壓變壓器的輸出電壓U

3、2＝16k V，根據(jù)歐姆定律，有U2＝I3r＋U3，即16k V＝×3 V＋15k V，解得k＝3，故選B。 3.重型自卸車(chē)?yán)靡簤貉b置使車(chē)廂緩慢傾斜到一定角度，車(chē)廂上的石塊就會(huì)自動(dòng)滑下，以下說(shuō)法正確的是(　　) A．在石塊下滑前后自卸車(chē)與石塊整體的重心位置不變 B．自卸車(chē)車(chē)廂傾角越大，石塊與車(chē)廂的動(dòng)摩擦因數(shù)越小 C．自卸車(chē)車(chē)廂傾角變大，車(chē)廂與石塊間的正壓力減小 D．石塊開(kāi)始下滑時(shí)，受到的摩擦力大于重力沿斜面方向的分力 解析：選C　物體重心的位置跟形狀還有質(zhì)量分布有關(guān)，石塊下滑前后，質(zhì)量分布變化，形狀變化，所以重心改變，故A錯(cuò)誤；動(dòng)摩擦因數(shù)是物體本身的屬性，只與物體本身有關(guān)，與有沒(méi)

4、有相對(duì)運(yùn)動(dòng)，以及有沒(méi)有正壓力無(wú)關(guān)，故B錯(cuò)誤；石塊處于平衡狀態(tài)，則有：mgsin θ＝f，F(xiàn)N＝mgcos θ，自卸車(chē)車(chē)廂傾角增大時(shí)，車(chē)廂與石塊間的摩擦力增大，車(chē)廂與石塊間的正壓力FN逐漸減小，C正確；石塊滑動(dòng)后的摩擦力是滑動(dòng)摩擦力，小于最大靜摩擦力，也小于重力沿斜面方向的分力，故D錯(cuò)誤。 4.如圖所示為一螺距較大、有彈性的通電螺線(xiàn)管的磁場(chǎng)截面分布圖，虛線(xiàn)為螺線(xiàn)管的中軸線(xiàn)(與某一磁感線(xiàn)重合)，ab為用絕緣細(xì)線(xiàn)懸掛的位于螺線(xiàn)管的正上方的通電直導(dǎo)線(xiàn)，其電流方向由a到b，電流很小，不影響螺線(xiàn)管磁場(chǎng)。下列說(shuō)法正確的是(　　) A．P、Q兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度相同 B．直導(dǎo)線(xiàn)ab通電后，a端垂直紙面向外轉(zhuǎn)

5、動(dòng) C．?dāng)嚅_(kāi)螺線(xiàn)管的電源后，螺線(xiàn)管有沿水平方向向內(nèi)收縮的趨勢(shì) D．將不計(jì)重力的電子沿中軸線(xiàn)射入螺線(xiàn)管，電子將做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng) 解析：選D　P、Q兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相同，方向不相同，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；直導(dǎo)線(xiàn)ab通電后，由左手定則可知，a端受安培力向里，則a端垂直紙面向里轉(zhuǎn)動(dòng)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；螺線(xiàn)管通電時(shí)，各匝之間為同向電流，相互吸引，則斷開(kāi)螺線(xiàn)管的電源后，螺線(xiàn)管有沿水平方向向外擴(kuò)張的趨勢(shì)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；長(zhǎng)螺線(xiàn)管內(nèi)部的磁場(chǎng)可認(rèn)為是勻強(qiáng)磁場(chǎng)，將不計(jì)重力的電子沿中軸線(xiàn)射入螺線(xiàn)管，電子運(yùn)動(dòng)的方向與磁感線(xiàn)平行，不受洛倫茲力作用，則電子將做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)D正確。 5.汽車(chē)由靜止開(kāi)始在平直的公路上行駛，0～5

6、0 s內(nèi)汽車(chē)的加速度隨時(shí)間變化的圖線(xiàn)如圖所示，下列說(shuō)法中正確的是(　　) A．汽車(chē)行駛的最大速度為20 m/s B．汽車(chē)在40～50 s內(nèi)的速度方向和0～10 s內(nèi)的速度方向相反 C．汽車(chē)在50 s末的速度為零 D．在0～50 s內(nèi)汽車(chē)行駛的總位移為900 m 解析：選A　由題圖可知，汽車(chē)先做勻加速運(yùn)動(dòng)，10 s后速度為v＝at1＝20 m/s，在10～40 s內(nèi)做勻速運(yùn)動(dòng)，在40～50 s內(nèi)做勻減速運(yùn)動(dòng)，所以最大速度為20 m/s，故A正確；50 s末速度為v′＝v－a′t2＝20 m/s－10 m/s＝10 m/s，所以汽車(chē)一直沿直線(xiàn)向一個(gè)方向運(yùn)動(dòng)，速度方向相同，故B、C錯(cuò)誤；勻

7、加速運(yùn)動(dòng)的位移為：x1＝＝×10 m＝100 m，勻速運(yùn)動(dòng)的位移為：x2＝vt3＝20×30 m＝600 m，勻減速運(yùn)動(dòng)的位移為：x3＝t2＝× 10 m＝150 m，所以總位移為x＝x1＋x2＋x3＝850 m，故D錯(cuò)誤。 二、多項(xiàng)選擇題 6.如圖所示，一有限范圍的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，寬為d，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直紙面向里。一個(gè)邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形導(dǎo)線(xiàn)框，總電阻為R，在拉力作用下，以速度v向右勻速地通過(guò)該磁場(chǎng)區(qū)域。若d＞L，則在線(xiàn)框通過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中，下述說(shuō)法正確的是(　　) A．感應(yīng)電流方向先逆時(shí)針后順時(shí)針 B．感應(yīng)電流的大小為 C．線(xiàn)框中產(chǎn)生的熱量為 D．拉力做的總功為 解析：選A

8、C　在線(xiàn)框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中，穿過(guò)線(xiàn)框的磁通量增大 ，由楞次定律可得，感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針，在線(xiàn)框出磁場(chǎng)過(guò)程中，穿過(guò)線(xiàn)框磁通量減小，由楞次定律可得，感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針，故A正確；在線(xiàn)框進(jìn)磁場(chǎng)和出磁場(chǎng)過(guò)程中有電流產(chǎn)生，電流為I＝＝，產(chǎn)生的熱量Q＝I2Rt＝2R＝，故C正確，B錯(cuò)誤；由能量守恒可知，拉力所做的功就等于克服安培力所做的功，克服安培力所做的功又等于回路中產(chǎn)生的焦耳熱，故D錯(cuò)誤。 7.我國(guó)的“天鏈一號(hào)”衛(wèi)星是地球同步衛(wèi)星，可為中低軌道衛(wèi)星提供數(shù)據(jù)通信。如圖所示為“天鏈一號(hào)”衛(wèi)星a、赤道平面內(nèi)的低軌道衛(wèi)星b、地球的位置關(guān)系示意圖，O為地心，衛(wèi)星a的軌道半徑是b的4倍。已知衛(wèi)星a、b繞地

9、球同向運(yùn)行，衛(wèi)星a的周期為T(mén)，下列說(shuō)法正確的是(　　) A．衛(wèi)星a、b的速度之比為2∶1 B．衛(wèi)星b的周期為 C．衛(wèi)星a的質(zhì)量是b的2倍 D．衛(wèi)星a、b的向心加速度之比為1∶16 解析：選BD　設(shè)衛(wèi)星a、b的軌道半徑分別為r1和r2。根據(jù)G＝m，得v＝，衛(wèi)星a、b的速度之比為1∶2，故A錯(cuò)誤。根據(jù)G＝mr得，T＝，因?yàn)閞1＝4r2，則得衛(wèi)星b星的周期為，故B正確。根據(jù)題中條件不能確定衛(wèi)星a、b的質(zhì)量關(guān)系，故C錯(cuò)誤。根據(jù)G＝ma，得a＝，可知衛(wèi)星a、b的向心加速度之比為1∶16，故D正確。 8.一帶負(fù)電的粒子只在電場(chǎng)力作用下沿x軸正向運(yùn)動(dòng)，其電勢(shì)能Ep隨位移x變化的關(guān)系如圖所示，其中

10、0～x2段是對(duì)稱(chēng)的曲線(xiàn)，x2～x3是直線(xiàn)段。下列判斷正確的是(　　) A．x1處電場(chǎng)強(qiáng)度最大 B．x2～x3段是勻強(qiáng)電場(chǎng) C．x1、x2、x3處電勢(shì)φ1、φ2、φ3的關(guān)系為φ1＞φ2＞φ3 D．粒子在0～x2段做勻變速運(yùn)動(dòng)，x2～x3段做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng) 解析：選BC　根據(jù)電勢(shì)能與電勢(shì)的關(guān)系：Ep＝qφ，場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)的關(guān)系：E＝，得E＝·，由數(shù)學(xué)知識(shí)可知Ep-x圖像切線(xiàn)的斜率等于，x1處切線(xiàn)斜率為零，則x1處電場(chǎng)強(qiáng)度為零，故A錯(cuò)誤。由題圖看出在0～x1段圖像切線(xiàn)的斜率不斷減小，由上式知場(chǎng)強(qiáng)減小，粒子所受的電場(chǎng)力減小，加速度減小，做非勻變速運(yùn)動(dòng)。x1～x2段圖像切線(xiàn)的斜率不斷增大，場(chǎng)強(qiáng)增大，

11、粒子所受的電場(chǎng)力增大，做非勻變速運(yùn)動(dòng)。x2～x3段斜率不變，場(chǎng)強(qiáng)不變，即電場(chǎng)強(qiáng)度大小和方向均不變，是勻強(qiáng)電場(chǎng)，粒子所受的電場(chǎng)力不變，做勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，故B正確，D錯(cuò)誤。根據(jù)電勢(shì)能與電勢(shì)的關(guān)系：Ep＝qφ，粒子帶負(fù)電，q＜0，則知：電勢(shì)能越大，粒子所在處的電勢(shì)越低，所以有：φ1＞φ2＞φ3，故C正確。 9.如圖所示，絕緣彈簧的下端固定在光滑斜面底端，彈簧與斜面平行，帶電小球Q(可視為質(zhì)點(diǎn))固定在絕緣斜面上的M點(diǎn)，且在通過(guò)彈簧中心的直線(xiàn)ab上?，F(xiàn)將與Q大小相同，帶電性也相同的小球P，從直線(xiàn)ab上的N點(diǎn)由靜止釋放，若兩小球可視為點(diǎn)電荷。在小球P與彈簧接觸到速度變?yōu)榱愕倪^(guò)程中，下列說(shuō)法中正確的是(　

12、　) A．小球P的速度一定先增大后減小 B．小球P的機(jī)械能一定在減少 C．小球P速度最大時(shí)所受彈簧彈力和庫(kù)侖力的合力為零 D．小球P與彈簧系統(tǒng)的機(jī)械能一定增加 解析：選AD　小球P先沿斜面加速向下運(yùn)動(dòng)，后減速向下運(yùn)動(dòng)，當(dāng)彈簧壓縮量最大時(shí)，小球靜止，故A正確。小球P除了重力和彈力做功之外還有庫(kù)侖斥力做功，開(kāi)始彈簧的彈力和庫(kù)侖斥力的合力方向向下，做正功，所以小球P的機(jī)械能增大；隨彈力的增大，二者的合力向上，做負(fù)功，機(jī)械能減小，所以小球P的機(jī)械能先增大后減小，故B錯(cuò)誤。小球P的加速度為零，即所受彈簧彈力、重力沿斜面向下的分力和庫(kù)侖力的合力為零時(shí)，小球P的速度最大，故C錯(cuò)誤。根據(jù)能量守恒定律知，小球P的動(dòng)能、與地球間重力勢(shì)能、與小球Q間電勢(shì)能和彈簧彈性勢(shì)能的總和不變，因?yàn)樵谛∏騊與彈簧接觸到速度變?yōu)榱愕倪^(guò)程中，Q對(duì)P的庫(kù)侖斥力做正功，電勢(shì)能減小，所以小球P與彈簧系統(tǒng)的機(jī)械能一定增加，故D正確。 5