《2019高考物理二輪復(fù)習(xí) 小題狂做專練二十三 電磁感應(yīng)中的圖象與電路問(wèn)題》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2019高考物理二輪復(fù)習(xí) 小題狂做專練二十三 電磁感應(yīng)中的圖象與電路問(wèn)題（6頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、 23 電磁感應(yīng)中的圖象與電路問(wèn)題 一、選擇題 1．【江門調(diào)研】(多選)如圖所示，矩形線圈位于通電長(zhǎng)直導(dǎo)線附近，線圈與導(dǎo)線在同一平面內(nèi)。通電直導(dǎo)線中電流i與時(shí)間t的關(guān)系有以下四種情況，在0~t0時(shí)間內(nèi)，矩形線圈中有方向不變的感應(yīng)電流的是(　　) 2．【青島2019屆調(diào)研】如圖甲，A、B為兩個(gè)相同的環(huán)形線圈，共軸并靠近放置。若A線圈中通有如圖乙所示的變化電流i，則下列說(shuō)法正確的是(　　) A．t1到t2時(shí)間內(nèi)B線圈電流方向與A線圈內(nèi)電流方向相反 B．t1到t3時(shí)間內(nèi)B線圈電流方向一直沒(méi)有發(fā)生變化 C．t1時(shí)刻兩線圈間作用力最大 D．t2時(shí)刻兩線圈間作

2、用力最大 3．【2019屆模擬預(yù)測(cè)卷】如圖所示，導(dǎo)體直導(dǎo)軌OM和PN平行且OM與x軸重合，兩導(dǎo)軌間距為d，兩導(dǎo)軌間垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)沿y軸方向的寬度按的規(guī)律分布，兩金屬圓環(huán)固定在同一絕緣平面內(nèi)，內(nèi)、外圓環(huán)與兩導(dǎo)軌接觸良好，與兩導(dǎo)軌接觸良好的導(dǎo)體棒從OP開(kāi)始始終垂直導(dǎo)軌沿x軸正方向以速度v做勻速運(yùn)動(dòng)，規(guī)定內(nèi)圓環(huán)a端電勢(shì)高于b端時(shí)，a、b間的電壓uab為正，下列uab－x圖象可能正確的是(　　) 4．【上饒?jiān)驴肌?多選)如圖所示，導(dǎo)體棒沿兩平行導(dǎo)軌從圖中位置以速度v向右勻速通過(guò)一正方形abcd磁場(chǎng)區(qū)域，ac垂直于導(dǎo)軌且平行于導(dǎo)體棒，ac右側(cè)的磁感應(yīng)強(qiáng)度是左側(cè)的2倍且方向相反，導(dǎo)軌

3、和導(dǎo)體棒的電阻均不計(jì)，下列關(guān)于導(dǎo)體棒中感應(yīng)電流和所受安培力隨時(shí)間變化的圖象正確的是(規(guī)定電流由M經(jīng)R到N為正方向，安培力向左為正方向)(　　) 5．【邯鄲調(diào)研】如圖所示，光滑水平面上有豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，圖中y軸為磁場(chǎng)區(qū)域的右邊界。一個(gè)長(zhǎng)方形的金屬線框從圖示位置開(kāi)始以初速度v沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，穿出磁場(chǎng)。該過(guò)程中，線框中感應(yīng)電流的大小隨時(shí)間變化的圖象是(　　) 6．【安徽質(zhì)檢】如圖甲所示，光滑導(dǎo)軌水平放置在斜向下且與水平方向夾角為60°的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示規(guī)定斜向下為B的正方向，導(dǎo)體棒ab垂直導(dǎo)軌放置且與導(dǎo)軌接觸良

4、好，除導(dǎo)體棒電阻R的阻值外，其余電阻不計(jì)，導(dǎo)體棒ab在水平外力作用下始終處于靜止?fàn)顟B(tài)。規(guī)定a→b的方向?yàn)殡娏鞯恼较?，水平向右的方向?yàn)橥饬Φ恼较?，則在0~t1時(shí)間內(nèi)，能正確反映流過(guò)導(dǎo)體棒ab的電流I和導(dǎo)體棒ab所受水平外力F隨時(shí)間t變化的圖象是(　　) 7．【遼寧省六校協(xié)作體2019屆聯(lián)考】如圖所示，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的菱形由兩個(gè)等邊三角形abd和bcd構(gòu)成，在三角形abd內(nèi)存在垂直紙面向外的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在三角形bcd內(nèi)存在垂直紙面向里的磁感應(yīng)強(qiáng)度也為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一個(gè)邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的等邊三角形導(dǎo)線框efg在紙面內(nèi)向右勻速穿過(guò)磁場(chǎng)，頂點(diǎn)e始終在直線ab上，底邊gf始終與直線dc重合。規(guī)定

5、逆時(shí)針?lè)较驗(yàn)殡娏鞯恼较?，在?dǎo)線框通過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中，感應(yīng)電流隨位移變化的圖象是(　　) 二、解答題 8．【天一中學(xué)考前熱身】如圖所示，MN、PQ為足夠長(zhǎng)的光滑平行導(dǎo)軌，間距L＝0.5 m。導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝30°。NQ⊥MN，NQ間連接有一個(gè)R＝3 Ω的電阻。有一勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于導(dǎo)軌平面，磁感應(yīng)強(qiáng)度B0＝1 T。將一根質(zhì)量m＝0.02 kg的金屬棒ab緊靠NQ 放置在導(dǎo)軌上，且與導(dǎo)軌接觸良好，金屬棒的電阻r＝2 Ω，其余部分電阻不計(jì)?，F(xiàn)由靜止釋放金屬棒，金屬棒沿導(dǎo)軌向下運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終與NQ平行。當(dāng)金屬棒滑行至cd處時(shí)速度大小開(kāi)始保持不變，cd距離NQ為s＝0

6、.5 m，g＝10 m/s2。 (1)金屬棒達(dá)到穩(wěn)定時(shí)的速度是多大？ (2)若將金屬棒滑行至cd處的時(shí)刻記作t＝0，從此時(shí)刻起，讓磁感應(yīng)強(qiáng)度逐漸減小，可使金屬棒中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，則t＝1 s時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)為多大? 9．【浙江省9月聯(lián)考】如圖所示，一個(gè)半徑r＝0.4 m的圓形金屬導(dǎo)軌固定在水平面上，一根長(zhǎng)為r的金屬棒ab的a端位于圓心，b端與導(dǎo)軌接觸良好。從a端和圓形金屬導(dǎo)軌分別引出兩條導(dǎo)線與傾角θ＝37°、間距l(xiāng)＝0.5 m的平行金屬導(dǎo)軌相連。質(zhì)量m＝0.1 kg、電阻R＝1 Ω的金屬棒cd垂直導(dǎo)軌放置在平行導(dǎo)軌上，并與導(dǎo)軌接觸良好，且棒cd與

7、兩導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.5。導(dǎo)軌間另一支路上有一規(guī)格為“2.5 V 0.3 A”的小燈泡L和一阻值范圍為0~10 Ω的滑動(dòng)變阻器R0。整個(gè)裝置置于垂直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B＝1 T。金屬棒ab、圓形金屬導(dǎo)軌、平行導(dǎo)軌及導(dǎo)線的電阻不計(jì)，從上往下看金屬棒ab做逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度大小為ω。假設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，已知sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8。 (1)當(dāng)ω＝40 rad/s時(shí)，求金屬棒ab中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E1，并指出哪端電勢(shì)較高； (2)在小燈泡正常發(fā)光的情況下，求ω與滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值R0間的關(guān)系；(已知通過(guò)小燈泡的電流與金屬棒cd是否滑動(dòng)

8、無(wú)關(guān)) (3)在金屬棒cd不發(fā)生滑動(dòng)的情況下，要使小燈泡能正常發(fā)光，求ω的取值范圍。 答案與解析 1．【解析】由法拉第電磁感應(yīng)定律得，電路里得感應(yīng)電流，圖象的斜率代表電動(dòng)勢(shì)的大小以及方向，B、C圖象的斜率始終大于零，代表電動(dòng)勢(shì)方向沒(méi)有改變，所以電路里的電流方向也沒(méi)有改變，故B、C正確。 【答案】BC 2．【解析】在t1到t2時(shí)間內(nèi)，若設(shè)逆時(shí)針（從左向右看）方向?yàn)檎?，則線圈A電流方向逆時(shí)針且大小減小，所以根據(jù)右手螺旋定則可判定穿過(guò)線圈B方向向右的磁通量大小減小，由楞次定律可知，線圈B的電流方向逆時(shí)針?lè)较?，因此A、B中電流方

9、向相同，出現(xiàn)相互吸引現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；由上可知在t1到t2時(shí)間內(nèi)，線圈B的電流方向逆時(shí)針?lè)较?，在t2到t3時(shí)間內(nèi)，線圈A電流方向順時(shí)針且大小增大，所以根據(jù)右手螺旋定則可判定穿過(guò)線圈B方向向左的磁通量大小增大，由楞次定律可知，線圈B的電流方向逆時(shí)針?lè)较?，所以在t1到t3時(shí)間內(nèi)B線圈電流方向一直沒(méi)有發(fā)生變化，故B正確；由題意可知，在t1時(shí)刻，線圈A中的電流最大，而磁通量的變化率是最小的，所以線圈B感應(yīng)電流也是最小，因此兩線圈間作用力為零，故C錯(cuò)誤；在t2時(shí)刻，線圈A中的電流最小，而磁通量的變化率是最大的，所以線圈B感應(yīng)電流也是最大，但A、B間的相互作用力最小，故D錯(cuò)誤。 【答案】B 3．【解析】

10、導(dǎo)體棒向右勻速運(yùn)動(dòng)切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，e＝Byv＝Bdvsinx，大環(huán)內(nèi)的電流為正弦交變電流；在第一個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域的前一半時(shí)間內(nèi)，通過(guò)大圓環(huán)的電流為順時(shí)針增加的，由楞次定律可判斷內(nèi)球內(nèi)a端電勢(shì)高于b端，因電流的變化率逐漸減小故內(nèi)環(huán)的電動(dòng)勢(shì)逐漸減小，同理可知，在第一個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域的后一半時(shí)間內(nèi)，通過(guò)大圓環(huán)的電流為順時(shí)針逐漸減?。粍t由楞次定律可知，a環(huán)內(nèi)電勢(shì)低于b端，因電流的變化率逐漸變大，故內(nèi)環(huán)的電動(dòng)勢(shì)變大，故D正確。 【答案】D 4．【解析】設(shè)ac左側(cè)磁感應(yīng)強(qiáng)度是B，則右側(cè)的為2B，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，金屬棒通過(guò)bac區(qū)域時(shí)，由右手定則可知感應(yīng)電流從M到N，為正方向，有，金屬棒剛要到ac時(shí)，；金屬

11、棒通過(guò)bdc區(qū)域時(shí)，由右手定則可知感應(yīng)電流從N到M，為負(fù)方向，有，可知I隨時(shí)間均勻減小，金屬棒剛離開(kāi)ac時(shí)，，故A正確，B錯(cuò)誤。金屬棒通過(guò)bac區(qū)域時(shí)，安培力大小為；金屬棒通過(guò)bdc區(qū)域時(shí)，安培力大小為，根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知C正確，D錯(cuò)誤。 【答案】AC 5．【解析】根據(jù)題意，一個(gè)長(zhǎng)方形的金屬線框以初速度v向右運(yùn)動(dòng)，穿出磁場(chǎng)過(guò)程中，要切割磁感線，從而產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，形成感應(yīng)電流。而線框在光滑水平面上，只受到安培阻力，根據(jù)牛頓第二定律，假設(shè)線框勻減速運(yùn)動(dòng)，則有，但根據(jù)安培力公式，可知安培力受到速度的影響，則加速度a在減小，因此線框中感應(yīng)電流的大小隨時(shí)間變化的圖象斜率會(huì)減小，故B正確。 【答案】

12、B 6．【解析】，由圖乙知，B的變化率不變，即保持不變，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)保持不變，電路中電流I不變；根據(jù)楞次定律判斷得知ab中感應(yīng)電流沿b→a，為負(fù)值，故A、B錯(cuò)誤；由安培力F＝BIL可知，電路中安培力隨B的變化而變化，當(dāng)B為負(fù)值時(shí)，根據(jù)楞次定律判斷可知ab中感應(yīng)電流從b到a，安培力的方向垂直于磁感線斜向右下方，如圖所示，根據(jù)平衡條件可知，水平外力水平向左，為負(fù)，大小為，同理，B為正值時(shí)，水平外力水平向右，為正，大小為，故C錯(cuò)誤，D正確。 【答案】D 7．【解析】感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，電流，三角形egf向右運(yùn)動(dòng)，根據(jù)右手定則，開(kāi)始時(shí)ef切割磁感線，產(chǎn)生順時(shí)針電流，大小設(shè)為I0，0~過(guò)程，en切割磁感線

13、產(chǎn)生向下的電流，nf產(chǎn)生向上的電流，em產(chǎn)生向下電流，切割磁感線的有效長(zhǎng)度為，隨著三角形的運(yùn)動(dòng)在減小，感應(yīng)電流減小，當(dāng)運(yùn)動(dòng)時(shí)，，電流為零；~L過(guò)程，繼續(xù)移動(dòng)根據(jù)等邊三角形的幾何關(guān)系，nf＋em大于en，，逐漸變大，電流變大，當(dāng)efg與bcd重合時(shí)，eg邊和ef切割磁感線，產(chǎn)生電流方向均為逆時(shí)針，大小變?yōu)?I0；L~2L過(guò)程中，gm切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，電流為順時(shí)針?lè)较?，，逐漸減小，直至全部出磁場(chǎng)電流為零，A正確。 【答案】A 8．【解析】(1)在達(dá)到穩(wěn)定速度前，金屬棒的加速度逐漸減小，速度逐漸增大，達(dá)到穩(wěn)定速度時(shí)，有 mgsin θ＝FA FA＝BIL E＝BLv 由以上四

14、式代入數(shù)據(jù)解得v＝2 m/s。 (2)當(dāng)回路中的總磁通量不變時(shí)，金屬棒中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，此時(shí)金屬棒將沿導(dǎo)軌做勻加速運(yùn)動(dòng) mgsin θ＝ma 設(shè)t時(shí)刻磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，總磁通量不變有：BLs＝B'L(s＋x) 當(dāng)t=1 s時(shí)，代入數(shù)據(jù)解得，此時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度B'＝0.1 T。 9．【解析】(1)由法拉第電磁感應(yīng)定律得： 由右手定則知，b端電勢(shì)較高。 (2)由并聯(lián)電路的特點(diǎn)可知，當(dāng)小燈泡正常發(fā)光時(shí)，有： 代入數(shù)據(jù)后解得：。 (3)由于μ