《(新課標(biāo))2020年高考物理一輪總復(fù)習(xí) 第六章 第一講 動(dòng)量 動(dòng)量定理 動(dòng)量守恒定律練習(xí)(含解析)》由會(huì)員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《(新課標(biāo))2020年高考物理一輪總復(fù)習(xí) 第六章 第一講 動(dòng)量 動(dòng)量定理 動(dòng)量守恒定律練習(xí)(含解析)(5頁(yè)珍藏版)》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、動(dòng)量 動(dòng)量定理 動(dòng)量守恒定律
[A組·基礎(chǔ)題]
1.關(guān)于物體的動(dòng)量,下列說(shuō)法中正確的是( D )
A.物體的動(dòng)量越大,其慣性也越大
B.同一物體的動(dòng)量越大,其速度不一定越大
C.物體的加速度不變,其動(dòng)量一定不變
D.運(yùn)動(dòng)物體在任一時(shí)刻的動(dòng)量方向一定是該時(shí)刻的速度方向
2.運(yùn)動(dòng)員向球踢了一腳,踢球時(shí)的力F=100 N,球在地面上滾動(dòng)了t=10 s停下來(lái),則運(yùn)動(dòng)員對(duì)球的沖量為( D )
A.1 000 N·s B.500 N·s
C.零 D.無(wú)法確定
3.(多選)(2017·全國(guó)卷Ⅲ)一質(zhì)量為2 kg的物塊在合外力F的作用下從靜止開(kāi)始沿直線運(yùn)動(dòng).F隨時(shí)間t變化的圖線
2、如圖所示,則( AB )
A.t=1 s時(shí)物塊的速率為1 m/s
B.t=2 s時(shí)物塊的動(dòng)量大小為4 kg·m/s
C.t=3 s時(shí)物塊的動(dòng)量大小為5 kg·m/s
D.t=4 s時(shí)物塊的速度為零
4.(多選)如圖,把重物壓在紙帶上,用一水平力緩緩拉動(dòng)紙帶,重物跟著一起運(yùn)動(dòng);若迅速拉動(dòng)紙帶,紙帶將會(huì)從重物下面拉出.解釋這些現(xiàn)象的正確說(shuō)法是( CD )
A.在緩慢拉動(dòng)紙帶時(shí),重物和紙帶間的摩擦力大
B.在迅速拉動(dòng)時(shí),紙帶給重物的摩擦力小
C.在緩慢拉動(dòng)紙帶時(shí),紙帶給重物的沖量大
D.在迅速拉動(dòng)時(shí),紙帶給重物的沖量小
5. (2019·成都實(shí)驗(yàn)中學(xué)入學(xué)考試)如圖所示
3、,裝有彈簧發(fā)射器的小車(chē)放在水平地面上,現(xiàn)將彈簧壓縮鎖定后放入小球,再解鎖將小球從靜止斜向上彈射出去,不計(jì)空氣阻力和一切摩擦.從靜止彈射到小球落地前的過(guò)程中,下列判斷正確的是( C )
A.小球的機(jī)械能守恒,動(dòng)量守恒
B.小球的機(jī)械能守恒,動(dòng)量不守恒
C.小球、彈簧和小車(chē)組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒,動(dòng)量不守恒
D.小球、彈簧和小車(chē)組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒,動(dòng)量守恒
解析:小球在整個(gè)過(guò)程中除重力之外還有彈簧的彈力做功,故小球的機(jī)械能不守恒;小球從靜止彈射到落地前的過(guò)程中小球所受合外力不為零,故動(dòng)量不守恒;小球、彈簧和小車(chē)組成系統(tǒng)在整個(gè)過(guò)程中只有重力和彈力做功,故系統(tǒng)機(jī)械能守恒;小球從靜止彈射到
4、落地前的過(guò)程中系統(tǒng)所受合外力不為零,故動(dòng)量不守恒,故選C.
6.我國(guó)女子短道速滑隊(duì)在世錦賽上實(shí)現(xiàn)女子3 000 m接力三連冠.觀察發(fā)現(xiàn),“接棒”的運(yùn)動(dòng)員甲提前站在“交棒”的運(yùn)動(dòng)員乙前面,并且開(kāi)始向前滑行,待乙追上甲時(shí),乙猛推甲一把,使甲獲得更大的速度向前沖出.在乙推甲的過(guò)程中,忽略運(yùn)動(dòng)員與冰面間在水平方向上的相互作用,則( B )
A.甲對(duì)乙的沖量一定等于乙對(duì)甲的沖量
B.甲、乙的動(dòng)量變化一定大小相等、方向相反
C.甲的動(dòng)能增加量一定等于乙的動(dòng)能減少量
D.甲對(duì)乙做多少負(fù)功,乙對(duì)甲就一定做多少正功
7.(多選)質(zhì)量為m的物體, 以v0的初速度沿斜面上滑,到達(dá)最高點(diǎn)處返回原處的速度
5、為vt,且vt=0.5v0,則( AC )
A.上滑過(guò)程中重力的沖量比下滑時(shí)小
B.上滑時(shí)和下滑時(shí)支持力的沖量都等于零
C.合力的沖量在整個(gè)過(guò)程中大小為mv0
D.整個(gè)過(guò)程中物體動(dòng)量變化量為mv0
8.(多選) (2019·莆田一中月考)如圖所示,水平光滑軌道寬和彈簧自然長(zhǎng)度均為d.m2的左邊有一固定擋板.m1由圖示位置靜止釋放,當(dāng)m1與m2相距最近時(shí)m1速度為v1,則在以后的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中( BD )
A.m1的最小速度是0
B.m1的最小速度是v1
C.m2的最大速度是v1
D.m2的最大速度是v1
解析:從小球m1到達(dá)最近位置后繼續(xù)前進(jìn),此后拉著m2前進(jìn),m1減速,m
6、2加速,達(dá)到共同速度時(shí)兩者相距最遠(yuǎn),此后m1繼續(xù)減速,m2加速,當(dāng)兩球再次相距最近時(shí),m1達(dá)到最小速度,m2達(dá)最大速度:兩小球水平方向動(dòng)量守恒,速度相同時(shí)保持穩(wěn)定,一直向右前進(jìn),m1v1=m1v′1+m2v2,m1v=m1v′+m2v;解得v′1=v1,v2=v1,故m2的最大速度為v1,m1的最小速度為v1,B、D正確.
[B組·能力題]
9.如圖所示,一質(zhì)量為M=3.0 kg的長(zhǎng)方形木板B放在光滑水平地面上,在其右端放一質(zhì)量為m=1.0 kg的小木塊A.現(xiàn)以地面為參照系,給A和B以大小均為4.0 m/s、方向相反的初速度,使A開(kāi)始向左運(yùn)動(dòng),B開(kāi)始向右運(yùn)動(dòng),但最后A并沒(méi)有滑離木板B.站在
7、地面的觀察者看到在一段時(shí)間內(nèi)小木塊A正在做加速運(yùn)動(dòng),則在這段時(shí)間內(nèi)的某時(shí)刻木板B相對(duì)地面的速度大小可能是( A )
A.2.4 m/s B.2.8 m/s
C.3.0 m/s D.1.8 m/s
10. (2019·山西大學(xué)附中診斷)如圖所示,傾角為θ的足夠長(zhǎng)光滑、固定斜面的底端有一垂直斜面的擋板,A、B兩物體質(zhì)量均為m,通過(guò)勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧相連放在斜面上,開(kāi)始時(shí)兩者都處于靜止?fàn)顟B(tài).現(xiàn)對(duì)A施加一沿斜面向上的恒力F=2mgsin θ ( g為重力加速度),經(jīng)過(guò)作用時(shí)間t,B剛好離開(kāi)擋板,若不計(jì)空氣阻力,求:
(1)剛施加力F的瞬間,A的加速度大??;
(2)B剛離開(kāi)
8、擋板時(shí),A的速度大??;
(3)在時(shí)間t內(nèi),彈簧的彈力對(duì)A的沖量IA.
解析:(1)剛施加力F的瞬間,彈簧的形變不發(fā)生變化,有:F彈=mgsin θ;根據(jù)牛頓第二定律,對(duì)A:F+F彈-mgsin θ=ma,解得a=2gsin θ.
(2)由題意可知,開(kāi)始時(shí)彈簧處于壓縮狀態(tài),其壓縮量為x1=
當(dāng)B剛要離開(kāi)擋板時(shí),彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài),其伸長(zhǎng)量為
x2==x1
此時(shí)其彈性勢(shì)能與彈簧被壓縮時(shí)的彈性勢(shì)能相等
從彈簧壓縮到伸長(zhǎng)的過(guò)程,對(duì)A由動(dòng)能定理:
(F-mgsin θ)(x1+x2)+W彈=mv
W彈=ΔEp=0
解得vA=2gsin θ
(3)設(shè)沿斜面向上為正方向,對(duì)A由動(dòng)量定理
9、:(F-mgsin θ)t+I(xiàn)A=mvA-0 ,
解得IA=mgsin θ
答案:(1)a=2gsin θ (2)vA=2gsin θ
(3)IA=mgsin θ
11.如圖所示,木塊A的質(zhì)量mA=1 kg,足夠長(zhǎng)的木板B的質(zhì)量mB=4 kg,質(zhì)量為mC=2 kg的木塊C置于木板B上,水平面光滑,B、C之間有摩擦.現(xiàn)使A以v0=10 m/s的初速度向右勻速運(yùn)動(dòng),與B碰撞后將以vA′=4 m/s速度彈回.求:
(1)B運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大速度值;
(2)C運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大速度值.
解析:(1)碰后瞬間B速度最大,由動(dòng)量守恒定律得
mAv0=mA(-vA′)+mBvB
所以vB== m/s=3.5 m/s.
(2)B、C以共同速度運(yùn)動(dòng)時(shí),C速度最大,由動(dòng)量守恒定律得mBvB=(mB+mC)vC
所以vC== m/s= m/s.
答案:(1)3.5 m/s (2) m/s
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