《2020版高考數學一輪復習 第6章 不等式、推理與證明 第5節(jié) 直接證明與間接證明、數學歸納法教學案 理（含解析）新人教A版》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2020版高考數學一輪復習 第6章 不等式、推理與證明 第5節(jié) 直接證明與間接證明、數學歸納法教學案 理（含解析）新人教A版（7頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。

1、第五節(jié)　直接證明與間接證明、數學歸納法 [考綱傳真]　1.了解直接證明的兩種基本方法——分析法和綜合法；了解分析法和綜合法的思考過程和特點.2.了解間接證明的一種基本方法——反證法；了解反證法的思考過程和特點.3.了解數學歸納法的原理.4.能用數學歸納法證明一些簡單的數學命題． 1．直接證明 (1)綜合法 定義：利用已知條件和某些數學定義、公理、定理等，經過一系列的推理論證，最后推導出所要證明的結論成立的證明方法． (2)分析法 定義：從要證明的結論出發(fā)，逐步尋求使它成立的充分條件，直至最后，把要證明的結論歸結為判定一個明顯成立的條件(已知條件、定理、定義、公理等)為止的證明方

2、法． 2．間接證明——反證法 一般地，假設原命題不成立(即在原命題的條件下，結論不成立)，經過正確的推理，最后得出矛盾，因此說明假設錯誤，從而證明了原命題成立，這樣的證明方法叫做反證法． 3．數學歸納法 一般地，證明一個與正整數n有關的命題，可按下列步驟進行： (1)歸納奠基：證明當n取第一個值n0(n0∈N*)時命題成立； (2)歸納遞推：假設n＝k(k≥n0，k∈N*)時命題成立，證明當n＝k＋1時命題也成立． 只要完成這兩個步驟，就可以斷定命題對從n0開始的所有正整數n都成立．上述證明方法叫做數學歸納法． [常用結論]　利用歸納假設的技巧 在推證n＝k＋1時，可以通過湊

3、、拆、配項等方法用上歸納假設．此時既要看準目標，又要掌握n＝k與n＝k＋1之間的關系．在推證時，分析法、綜合法、反證法等方法都可以應用． [基礎自測] 1．(思考辨析)判斷下列結論的正誤．(正確的打“√”，錯誤的打“×”) (1)用數學歸納法證明問題時，第一步是驗證當n＝1時結論成立．(　　) (2)綜合法是直接證明，分析法是間接證明．(　　) (3)分析法是從要證明的結論出發(fā)，逐步尋找使結論成立的充要條件．(　　) (4)用反證法證明結論“a>b”時，應假設“a

4、＝(a≠1，n∈N*)”時，在驗證n＝1成立時，左邊應該是(　　) A．1　　　 B．1＋a C．1＋a＋a2 D．1＋a＋a2＋a3 C　[n＝1時，左邊＝1＋a＋a2，故選C.] 3．命題“對于任意角θ，cos4θ－sin4θ＝cos 2θ”的證明：“cos4θ－sin4θ＝(cos2θ－sin2θ)(cos2θ＋sin2θ)＝cos2θ－sin2θ＝cos 2θ”過程應用了 (　　) A．分析法 B．綜合法 C．綜合法、分析法結合使用 D．間接證法 B　[由證明過程看是用了綜合法的證明，故選B.] 4．設a，b，c都是正數，則a＋，b＋，c＋三個數(　　)

5、A．都大于2 B．都小于2 C．至少有一個不大于2 D．至少有一個不小于2 D　[∵＋＋ ＝＋＋≥6， 當且僅當a＝b＝c時取等號， ∴三個數中至少有一個不小于2.] 5．用數學歸納法證明12＋22＋…＋(n－1)2＋n2＋(n－1)2＋…＋22＋12＝時，由n＝k的假設到證明n＝k＋1時，等式左邊應添加的式子是(　　) A．(k＋1)2＋2k2 B．(k＋1)2＋k2 C．(k＋1)2 D.(k＋1)[2(k＋1)2＋1] B　[若n＝k時成立，即12＋22＋…＋(k－1)2＋k2＋(k－1)2＋…＋22＋12＝成立，那么n＝k＋1時，左邊＝12＋22＋…＋k2

6、＋(k＋1)2＋k2＋…＋22＋12，對比n＝k時的式子可知，當n＝k＋1時，等式左邊應添加的式子是(k＋1)2＋k2，故選B.] 分析法的應用 1．若a，b∈(1，＋∞)，證明＜. [證明]　要證＜， 只需證()2＜()2， 只需證a＋b－1－ab＜0， 即證(a－1)(1－b)＜0. 因為a＞1，b＞1，所以a－1＞0,1－b＜0， 即(a－1)(1－b)＜0成立， 所以原不等式成立． 2．已知△ABC的三個內角A，B，C成等差數列，A，B，C的對邊分別為a，b，c. 求證：＋＝. [證明]　要證＋＝， 即證＋＝3，也就是＋＝1， 只需證c(b＋c)＋a

7、(a＋b)＝(a＋b)(b＋c)， 需證c2＋a2＝ac＋b2， 又△ABC三內角A，B，C成等差數列，故B＝60°， 由余弦定理，得b2＝c2＋a2－2accos 60°， 即b2＝c2＋a2－ac，故c2＋a2＝ac＋b2成立． 于是原等式成立． [規(guī)律方法]　(1)逆向思考是用分析法證題的主要思想，通過反推，逐步尋找使結論成立的充分條件.正確把握轉化方向是使問題順利解決的關鍵. (2)證明較復雜的問題時，可以采用兩頭湊的辦法，即通過分析法找出某個與結論等價(或充分)的中間結論，然后通過綜合法證明這個中間結論，從而使原命題得證. 綜合法的應用 【例1】　設數列{a

8、n}的前n項和為Sn，已知3an－2Sn＝2. (1)證明{an}是等比數列并求出通項公式an； (2)求證：S－SnSn＋2＝4×3n. [證明]　(1)因為3an－2Sn＝2，所以3an＋1－2Sn＋1＝2， 所以3an＋1－3an－2(Sn＋1－Sn)＝0. 因為Sn＋1－Sn＝an＋1，所以＝3，所以{an}是等比數列． 當n＝1時，3a1－2S1＝2，又S1＝a1，所以a1＝2. 所以{an}是以2為首項，以3為公比的等比數列，其通項公式為an＝2×3n－1. (2)由(1)可得Sn＝3n－1，Sn＋1＝3n＋1－1，Sn＋2＝3n＋2－1， 故S－SnSn＋2＝(

9、3n＋1－1)2－(3n－1)(3n＋2－1)＝4×3n， 即S－SnSn＋2＝4×3n. [規(guī)律方法]　(1)綜合法是“由因導果”的證明方法，它是一種從已知到未知(從題設到結論)的邏輯推理方法，即從題設中的已知條件或已證的真實判斷(命題)出發(fā)，經過一系列中間推理，最后導出所要求證結論的真實性. (2)綜合法的邏輯依據是三段論式的演繹推理. 設a，b，c均為正數，且a＋b＋c＝1. 證明：(1)ab＋bc＋ac≤； (2)＋＋≥1. [證明]　(1)由a2＋b2≥2ab，b2＋c2≥2bc，c2＋a2≥2ac， 得a2＋b2＋c2≥ab＋bc＋ca， 由題設得(a＋b＋c)

10、2＝1， 即a2＋b2＋c2＋2ab＋2bc＋2ca＝1. 所以3(ab＋bc＋ca)≤1， 即ab＋bc＋ca≤. (2)因為a，b，c均為正數，＋b≥2a，＋c≥2b，＋a≥2c， 故＋＋＋(a＋b＋c)≥2(a＋b＋c)， 即＋＋≥a＋b＋c， 所以＋＋≥1. 反證法的應用 【例2】　設a>0，b>0，且a＋b＝＋.證明： (1)a＋b≥2； (2)a2＋a<2與b2＋b<2不可能同時成立． [證明]　由a＋b＝＋＝，a>0，b>0，得ab＝1. (1)由基本不等式及ab＝1， 有a＋b≥2＝2，即a＋b≥2. (2)假設a2＋a<2與b2＋b<2同

11、時成立，則由a2＋a<2及a>0，得0

12、 (1)求證：數列{Sn}不是等比數列； (2)數列{Sn}是等差數列嗎？為什么？ [解]　(1)證明：假設數列{Sn}是等比數列，則S＝S1S3， 即a(1＋q)2＝a1·a1·(1＋q＋q2)， 因為a1≠0，所以(1＋q)2＝1＋q＋q2， 即q＝0，這與公比q≠0矛盾， 所以數列{Sn}不是等比數列． (2)當q＝1時，Sn＝na1，故{Sn}是等差數列； 當q≠1時，{Sn}不是等差數列．假設{Sn}是等差數列， 則2S2＝S1＋S3，即2a1(1＋q)＝a1＋a1(1＋q＋q2)， 得q＝0，這與公比q≠0矛盾． 綜上，當q＝1時，數列{Sn}是等差數列；

13、 當q≠1時，數列{Sn}不是等差數列． 數學歸納法的應用 【例3】　已知f(n)＝1＋＋＋＋…＋，g(n)＝－，n∈N*. (1)當n＝1,2,3時，試比較f(n)與g(n)的大小關系； (2)猜想f(n)與g(n)的大小關系，并給出證明． [解]　(1)當n＝1時，f(1)＝1，g(1)＝1， 所以f(1)＝g(1)； 當n＝2時，f(2)＝，g(2)＝，所以f(2)＜g(2)； 當n＝3時，f(3)＝，g(3)＝， 所以f(3)＜g(3)． (2)由(1)猜想，f(n)≤g(n)，用數學歸納法證明． ①當n＝1,2,3時，不等式顯然成立． ②假設當n＝k(

14、k＞3，k∈N*)時不等式成立， 即1＋＋＋＋…＋＜－， 則當n＝k＋1時， f(k＋1)＝f(k)＋＜－＋. 因為－ ＝－ ＝＜0， 所以f(k＋1)＜－＝g(k＋1)． 由①②可知，對一切n∈N*，都有f(n)≤g(n)成立． [規(guī)律方法]　1.應用數學歸納法證明不等式應注意的問題 (1)當遇到與正整數n有關的不等式證明時，應用其他辦法不容易證，則可考慮應用數學歸納法． (2)用數學歸納法證明不等式的關鍵是由n＝k成立，推證n＝k＋1時也成立，證明時用上歸納假設后，可采用分析法、綜合法、求差(求商)比較法、放縮法、構造函數法等證明方法． 2．利用數學歸納法可以探索與

15、正整數n有關的未知問題、存在性問題，其基本模式是“歸納—猜想—證明”，即先由合情推理發(fā)現結論，然后經邏輯推理論證結論的正確性． 設數列{an}的前n項和為Sn，滿足Sn＝2nan＋1－3n2－4n，n∈N*，且S3＝15. (1)求a1，a2，a3的值； (2)求數列{an}的通項公式． [解]　(1)由Sn＝2nan＋1－3n2－4n，得 S2＝4a3－20，S3＝S2＋a3＝5a3－20. 又S3＝15， ∴a3＝7，S2＝4a3－20＝8. ∵S2＝S1＋a2＝(2a2－7)＋a2＝3a2－7， ∴a2＝5，a1＝S1＝2a2－7＝3. 綜上知a1＝3，a2＝5，a3＝7. (2)由(1)猜想an＝2n＋1(n∈N*)，以下用數學歸納法證明： ①當n＝1時，猜想顯然成立； ②假設當n＝k(k∈N*，且k≥2)時，有ak＝2k＋1成立， 則Sk＝3＋5＋7＋…＋(2k＋1) ＝·k＝k(k＋2)． 又Sk＝2kak＋1－3k2－4k， ∴k(k＋2)＝2kak＋1－3k2－4k， 解得ak＋1＝2k＋3＝2(k＋1)＋1， 即當n＝k＋1時，猜想成立． 由①②知，數列{an}的通項公式為an＝2n＋1(n∈N*)． - 7 -