《2020版高考數學一輪復習 第6章 不等式、推理與證明 第5節(jié) 綜合法與分析法、反證法教學案 文（含解析）北師大版》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2020版高考數學一輪復習 第6章 不等式、推理與證明 第5節(jié) 綜合法與分析法、反證法教學案 文（含解析）北師大版（7頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。

1、第五節(jié)　綜合法與分析法、反證法 [考綱傳真]　1.了解直接證明的兩種基本方法：綜合法和分析法；了解綜合法和分析法的思考過程和特點.2.了解反證法的思考過程和特點． 1．綜合法 從命題的條件出發(fā)，利用定義、公理、定理及運算法則，通過演繹推理，一步一步地接近要證明的結論，直到完成命題的證明，這樣的思維方法稱為綜合法． 2．分析法 從求證的結論出發(fā)，一步一步地探索保證前一個結論成立的充分條件，直到歸結為這個命題的條件，或者歸結為定義、公理、定理等，這樣的思維方法稱為分析法． 3．反證法 (1)定義：在證明數學命題時，先假定命題結論的反面成立，在這個前提下，若推出的結果與定義、公

2、理、定理相矛盾，或與命題中的已知條件相矛盾，或與假定相矛盾，從而說明命題結論的反面不可能成立，由此斷定命題的結論成立．這種證明方法叫作反證法． (2)反證法的證明步驟是： ①作出否定結論的假設； ②進行推理，導出矛盾； ③否定假設，肯定結論． [基礎自測] 1．(思考辨析)判斷下列結論的正誤．(正確的打“√”，錯誤的打“×”) (1)綜合法的思維過程是由因導果，逐步尋找已知的必要條件． (　　) (2)分析法是從要證明的結論出發(fā)，逐步尋找使結論成立的充要條件． (　　) (3)用反證法證明時，推出的矛盾不能與假設矛盾． (　　) (4)在解決問題時，常常用分析法尋找解題的思

3、路與方法，再用綜合法展現解決問題的過程． (　　) [答案]　(1)√　(2)×　(3)×　(4)√ 2．要證a2＋b2－1－a2b2≤0 ，只要證明(　　) A．2ab－1－a2b2≤0 B．a2＋b2－1－≤0 C．－1－a2b2≤0 D．(a2－1)(b2－1)≥0 D　[a2＋b2－1－a2b2≤0?(a2－1)(b2－1)≥0.] 3．用反證法證明命題：“已知a，b為實數，則方程x2＋ax＋b＝0至少有一個實根”時，要做的假設是(　　) A．方程x2＋ax＋b＝0沒有實根 B．方程x2＋ax＋b＝0至多有一個實根 C．方程x2＋ax＋b＝0至多有兩個實根 D．

4、方程x2＋ax＋b＝0恰好有兩個實根 A　[“方程x2＋ax＋b＝0至少有一個實根”的反面是“方程x2＋ax＋b＝0沒有實根”，故選A．] 4．已知a，b，x均為正數，且a>b，則與的大小關系是________． >　[∵－＝>0，∴>.] 5．(教材改編)在△ABC中，三個內角A，B，C的對邊分別為a，b，c，且A，B，C成等差數列，a，b，c成等比數列，則△ABC的形狀為__________三角形． 等邊　[由題意2B＝A＋C， 又A＋B＋C＝π，∴B＝，又b2＝ac， 由余弦定理得b2＝a2＋c2－2accos B＝a2＋c2－ac， ∴a2＋c2－2ac＝0，即(a－c

5、)2＝0，∴a＝c， ∴A＝C，∴A＝B＝C＝， ∴△ABC為等邊三角形．] 綜合法 1．已知m＞1，a＝－，b＝－，則以下結論正確的是(　　) A．a＞b　　　　 B．a＜b C．a＝b D．a，b大小不定 B　[∵a＝－＝， b＝－＝. 而＋＞＋＞0(m＞1)， ∴＜， 即a＜b.] 2．已知函數f(x)＝－(a＞0，且a≠1)． (1)證明：函數y＝f(x)的圖像關于點對稱； (2)求f(－2)＋f(－1)＋f(0)＋f(1)＋f(2)＋f(3)的值． [證明]　(1)函數f(x)的定義域為全體實數，任取一點(x，y)，它關于點對稱的點的坐標

6、為(1－x，－1－y)． 由已知y＝－， 則－1－y＝－1＋＝－， f(1－x)＝－＝－ ＝－＝－， ∴－1－y＝f(1－x)， 即函數y＝f(x)的圖像關于點對稱． (2)由(1)知－1－f(x)＝f(1－x)， 即f(x)＋f(1－x)＝－1. ∴f(－2)＋f(3)＝－1，f(－1)＋f(2)＝－1， f(0)＋f(1)＝－1. 則f(－2)＋f(－1)＋f(0)＋f(1)＋f(2)＋f(3)＝－3. [規(guī)律方法]　綜合法證題的思路 分析法 1．若a，b∈(1，＋∞)，證明＜. [證明]　要證＜， 只需證()2＜()2， 只需證a＋b－1

7、－ab＜0， 即證(a－1)(1－b)＜0. 因為a＞1，b＞1，所以a－1＞0,1－b＜0， 即(a－1)(1－b)＜0成立， 所以原不等式成立． 2．已知△ABC的三個內角A，B，C成等差數列，A，B，C的對邊分別為a，b，c. 求證：＋＝. [證明]　要證＋＝， 即證＋＝3，也就是＋＝1， 只需證c(b＋c)＋a(a＋b)＝(a＋b)(b＋c)， 需證c2＋a2＝ac＋b2， 又△ABC三內角A，B，C成等差數列，故B＝60°， 由余弦定理，得，b2＝c2＋a2－2accos 60°， 即b2＝c2＋a2－ac， 故c2＋a2＝ac＋b2成立． 于是原等式成

8、立． [規(guī)律方法]　分析法的證題思路 (1)分析法的證題思路：先從結論入手，由此逐步推出保證此結論成立的充分條件，而當這些判斷恰恰都是已證的命題(定義、公理、定理、法則、公式等)或要證命題的已知條件時命題得證． (2)證明較復雜的問題時，可以采用兩頭湊的辦法，即通過分析法找出某個與結論等價(或充分)的中間結論，然后通過綜合法證明這個中間結論，從而使原命題得證． 反證法 ?考法1　證明否定性命題 【例1】　設{an}是公比為q的等比數列． (1)推導{an}的前n項和公式； (2)設q≠1，證明數列{an＋1}不是等比數列． [解]　(1)設{an}的前n項和為Sn

9、. 則Sn＝a1＋a1q＋a1q2＋…＋a1qn－1， qSn＝a1q＋a1q2＋…＋a1qn－1＋a1qn， 兩式相減得(1－q)Sn＝a1－a1qn＝a1(1－qn)， 當q≠1時，Sn＝， 當q＝1時，Sn＝a1＋a1＋…＋a1＝na1， 所以Sn＝ (2)證明：假設數列{an＋1}是等比數列， 則(a1＋1)(a3＋1)＝(a2＋1)2， 即a1a3＋a1＋a3＋1＝a＋2a2＋1， 因為{an}是等比數列，公比為q， 所以a1a3＝a，a2＝a1q，a3＝a1q2， 所以a1(1＋q2)＝2a1q. 即q2－2q＋1＝0，(q－1)2＝0，q＝1， 這與已

10、知q≠1矛盾， 所以假設不成立，故數列{an＋1}不是等比數列． ?考法2　證明“至多”“至少”命題 【例2】　已知a，b，c是互不相等的非零實數，用反證法證明三個方程ax2＋2bx＋c＝0，bx2＋2cx＋a＝0，cx2＋2ax＋b＝0中至少有一個方程有兩個相異實根． [證明]　假設三個方程都沒有兩個相異實根． 則Δ1＝4b2－4ac≤0，Δ2＝4c2－4ab≤0， Δ3＝4a2－4bc≤0， 上述三個式子相加得： a2－2ab＋b2＋b2－2bc＋c2＋c2－2ac＋a2≤0， 即(a－b)2＋(b－c)2＋(c－a)2≤0. 所以a＝b＝c這與a，b，c是互不相等的實

11、數相矛盾． 因此假設不成立，故三個方程ax2＋2bx＋c＝0， bx2＋2cx＋a＝0，cx2＋2ax＋b＝0中至少有一個方程有兩個相異實根． [規(guī)律方法]　用反證法證明數學命題需把握的三點 (1)必須先否定結論，即肯定結論的反面； (2)必須從否定結論進行推理，即應把結論的反面作為條件，且必須依據這一條件進行推證； (3)推導出的矛盾可能多種多樣，有的與已知矛盾，有的與假設矛盾，有的與已知事實矛盾等，但是推導出的矛盾必須是明顯的． 設a>0，b>0，且a＋b＝＋.證明： (1)a＋b≥2； (2)a2＋a<2與b2＋b<2不可能同時成立． [證明]　由a＋b＝＋＝，a>0，b>0，得ab＝1. (1)由基本不等式及ab＝1，有a＋b≥2＝2，當且僅當a＝b＝1時，等號成立，即a＋b≥2. (2)假設a2＋a<2與b2＋b<2同時成立， 則由a2＋a<2及a>0，得0