《2018版高考數學二輪復習 第1部分 重點強化專題 專題4 立體幾何 第8講 空間幾何體的三視圖、表面積和體積教學案 理》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2018版高考數學二輪復習 第1部分 重點強化專題 專題4 立體幾何 第8講 空間幾何體的三視圖、表面積和體積教學案 理（10頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。

1、 第8講　空間幾何體的三視圖、表面積和體積 題型1　幾何體的三視圖、表面積和體積 (對應學生用書第27頁) ■核心知識儲備………………………………………………………………………· 1．畫幾何體的三視圖應遵循：“長對正、高平齊、寬相等”． 2．柱體、錐體、臺體的側面積公式 (1)S柱側＝ch(c為底面周長，h為高)； (2)S錐側＝ch′(c為底面周長，h′為斜高)； (3)S臺側＝(c＋c′)h′(c′，c分別為上下底面的周長，h′為斜高)． 3．柱體、錐體、臺體的體積公式 (1)V柱體＝Sh(S為底面面積，h為高)； (2)V錐體＝Sh(S為底面面積，h為高)；

2、 (3)V臺＝(S＋＋S′)h(不要求記憶)． 4．球體的體積公式 V＝πR3；表面積公式S＝4πR2(其中R為球的半徑)． ■典題試解尋法………………………………………………………………………· 【典題1】　(考查多面體的體積問題)如圖8-1，網格紙上小正方形的邊長為1，粗實線畫出的是某多面體的三視圖，則該多面體的體積為(　　) 【導學號：07804054】 圖8-1 A．64　　　　B.　　　　C．16　　　　D. [思路分析]　三視圖―→直觀圖―→多面體的體積． [解析]　利用正方體還原幾何體，如圖中的三棱錐D-ABC所示，由三視圖可知△ABC的邊BC＝2，BC邊

3、上的高為4，三棱錐D-ABC的高為CD＝4，故三棱錐D-ABC的體積為V＝××2×4×4＝.故選D. [答案]　D 【典題2】　(考查組合體的表面積問題)(2016·全國Ⅰ卷)如圖8-2，某幾何體的三視圖是三個半徑相等的圓及每個圓中兩條互相垂直的半徑．若該幾何體的體積是，則它的表面積是(　　) 圖8-2 A．17π　　 B．18π C．20π D．28π [思路分析]　三視圖―→球體的―→球體的半徑―→幾何體的表面積． [解析]　由幾何體的三視圖可知，該幾何體是一個球體去掉上半球的，得到的幾何體如圖．設球的半徑為R，則πR3－×πR3＝π，解得R＝2.因此它的表面積為×4πR

4、2＋πR2＝17π.故選A. [答案]　A 【典題3】　(考查立體幾何中的數學文化題)(2017·武昌區(qū)模擬)(立體幾何中的數學文化題)中國古代數學名著《九章算術》中記載了公元前344年商鞅監(jiān)制的一種標準量器——商鞅銅方升，其三視圖如圖8-3所示(單位：寸)，若π取3，其體積為12.6(單位：立方寸)，則圖中的x為(　　) 圖8-3 A．1.2 B．1.6 C．1.8 D．2.4 [思路分析]　數學文化信息提取―→空間幾何體的體積―→量的計算． [解析]　該幾何體是一個組合體，左邊是一個底面半徑為的圓柱，右邊是一個長、寬、高分別為5.4－x、3、1的長方體，∴組合體的體積V＝

5、V圓柱＋V長方體＝π·×x＋(5.4－x)×3×1＝12.6(其中π≈3)，解得x＝1.6.故選B. [答案]　B [類題通法] 1.在長方體(或正方體)中根據三視圖還原幾何體的直觀圖，能快速確定幾何體中線面位置關系. 2.空間幾何體的體積與表面積求法 (1)三視圖中數據的還原：分析三視圖，從三視圖中發(fā)現幾何體中各元素間的位置關系及數量關系. (2)割補法：求不規(guī)則幾何體的體積或表面積時，通過割補轉化成規(guī)則幾何體求解. (3)等積變換：涉及三棱錐的體積，注意靈活選擇底面和對應的高. ■對點即時訓練………………………………………………………………………· 1．正方體ABCD-A

6、1B1C1D1中，E為棱BB1的中點(如圖8-4)，用過點A，E，C1的平面截去該正方體的上半部分，則剩余幾何體的正視圖為(　　) 【導學號：07804055】 圖8-4 C　[過點A，E，C1的平面與棱DD1相交于點F，且F是棱DD1的中點，截去正方體的上半部分，剩余幾何體的直觀圖如圖所示，則其正視圖應為選項C.] 2．某幾何體的三視圖如圖8-5所示，則該幾何體的表面積為(　　) 圖8-5 A.＋1 B． C.＋1 D．＋1 C　[由三視圖可知該幾何體是一個圓柱和半個圓錐的組合體，故其表面積為π＋1＋2π×2＋π＝＋1，選C.] ■題型強化集訓……………………

7、…………………………………………………· (見專題限時集訓T2、T3、T4、T5、T6、T11、T14、T15、T16、T17、T19) 題型2　球與幾何體的切接問題 (對應學生用書第28頁) ■核心知識儲備………………………………………………………………………· 1．多面體與球接、切問題求解策略 (1)截面法：過球心及多面體中的特殊點(一般為接、切點)或線作截面，利用平面幾何知識尋找?guī)缀误w中元素間的關系． (2)補形法：“補形”成為一個球內接長方體，則利用4R2＝a2＋b2＋c2求解. 2．球的切、接問題的常用結論 (1)長、寬、高分別為a，b，c的長方體的體對角線長等于

8、外接球的直徑，即＝2R. (2)棱長為a的正方體的體對角線長等于外接球的直徑，即a＝2R. (3)棱長為a的正方體的面對角線長等于內切球的直徑，即a＝2R. (4)若直棱柱(或有一條棱垂直于一個面的棱錐)的高為h，底面外接圓半徑為x，則該幾何體外接球半徑R滿足R2＝＋x2. ■典題試解尋法………………………………………………………………………· 【典題1】　(考查與球有關的幾何體的切、接問題)(2016·南昌二模)一個幾何體的三視圖如圖8-6所示，其中正視圖是正三角形，則該幾何體的外接球的表面積為(　　) 【導學號：07804056】 圖8-6 A.　 B． C. D．

9、 [思路分析]　三視圖―→空間幾何體―→確定球心―→求半徑R. [解析]　由三視圖可知，該幾何體是如圖所示的三棱錐S - ABC，其中HS是三棱錐的高，由三視圖可知HS＝2，HA＝HB＝HC＝2，故H為△ABC外接圓的圓心，該圓的半徑為2. 由幾何體的對稱性可知三棱錐S-ABC外接球的球心O在直線HS上，連接OB. 設球的半徑為R，則球心O到△ABC外接圓的距離為OH＝|SH－OS|＝|2－R|， 由球的截面性質可得R＝OB＝＝，解得R＝，所以所求外接球的表面積為4πR2＝4π×＝.故選D. [答案]　D 【典題2】　(考查與球有關的最值問題)(2016·全國Ⅲ卷)在封閉的直三棱柱

10、ABC-A1B1C1內有一個體積為V的球．若AB⊥BC，AB＝6，BC＝8，AA1＝3，則V的最大值是(　　) A．4π　　 B． C．6π D． [思路分析]　先計算球與直三棱柱三個側面相切時球的半徑，再計算球與直三棱柱兩底面相切時球的半徑，半徑較小的球即為所求． [解析]　由題意得要使球的體積最大，則球與直三棱柱的若干面相切．設球的半徑為R.因為△ABC的內切圓半徑為＝2，所以R≤2.又2R≤3，所以R≤，所以Vmax＝π＝π.故選B. [答案]　B [類題通法] 　 　 　 　多面體與球接、切問題的求解策略 涉及球與棱柱、棱錐的切、接問題時，一般過球心及多面體中的特殊點(一

11、般為接、切點)或線作截面，把空間問題轉化為平面問題，再利用平面幾何知識尋找?guī)缀误w中元素間的關系，進而畫出內接、外切的幾何體的直觀圖，確定球心的位置，找到球的半徑(或直徑)與該幾何體已知量的關系，列方程(組)求解. ■對點即時訓練………………………………………………………………………· 1．球O的球面上有四點S，A，B，C，其中O，A，B，C四點共面，△ABC是邊長為4的正三角形，平面SAB⊥平面ABC，則三棱錐S-ABC的體積的最大值為(　　) 【導學號：07804057】 A. B． C. D．2 A　[取AB中點D，連接SD，CD，可知當SD⊥AB時棱錐體積最大．因為平面SAB

12、⊥平面ABC，交線為AB， 所以SD⊥平面ABC. 解正三角形ABC可得： S△ABC＝4， 球半徑R＝OC＝ ，SD＝＝2. 故棱錐體積為×2×4＝.] 2．如圖8-7，在四面體ABCD中，AB⊥平面BCD，△BCD是邊長為6的等邊三角形．若AB＝4，則四面體ABCD外接球的表面積為________． 圖8-7 64π　[由題意知四面體ABCD的外接球與如圖中正三棱柱的外接球是同一個球，記E、F分別為△AC′D′和△BCD的中心，連接EF，則EF的中點O為四面體ABCD外接球的球心．連接AO，AE，BF，因為底面是邊長為6的正三角形，所以AE＝×6×sin 60°＝2，O

13、E＝AB＝2，所以R2＝OE2＋AE2＝16，則外接球表面積S＝4πR2＝64π.] ■題型強化集訓………………………………………………………………………· (見專題限時集訓T1、T7、T8、T9、T10、T12、T13、T18、T20) 三年真題| 驗收復習效果 (對應學生用書第29頁) 1．(2017·全國Ⅰ卷)某多面體的三視圖如圖8-8所示，其中正視圖和側視圖都由正方形和等腰直角三角形組成，正方形的邊長為2，俯視圖為等腰直角三角形．該多面體的各個面中有若干個是梯形，這些梯形的面積之和為(　　) 【導學號：07804058】 圖8-8 A．10　　 B．12 C．1

14、4 D．16 B　[觀察三視圖可知該多面體是由直三棱柱和三棱錐組合而成的，且直三棱柱的底面是直角邊長為2的等腰直角三角形，側棱長為2.三棱錐的底面是直角邊長為2的等腰直角三角形，高為2，如圖所示．因此該多面體各個面中有2個梯形，且這兩個梯形全等，梯形的上底長為2，下底長為4，高為2，故這些梯形的面積之和為2××(2＋4)×2＝12.故選B.] 2．(2017·全國Ⅱ卷)如圖8-9，網格紙上小正方形的邊長為1，粗實線畫出的是某幾何體的三視圖，該幾何體由一平面將一圓柱截去一部分后所得，則該幾何體的體積為(　　) 圖8-9 A．90π B．63π C．42π D．36π B　[法一：

15、(割補法)由幾何體的三視圖可知，該幾何體是一個圓柱被截去上面虛線部分所得，如圖所示． 將圓柱補全，并將圓柱從點A處水平分成上下兩部分．由圖可知，該幾何體的體積等于下部分圓柱的體積加上上部分圓柱體積的，所以該幾何體的體積V＝π×32×4＋π×32×6×＝63π故選B. 法二：(估值法)由題意知，V圓柱＜V幾何體＜V圓柱．又V圓柱＝π×32×10＝90π，∴45π＜V幾何體＜90π.觀察選項可知只有63π符合題意． 故選B.] 3．(2017·全國Ⅲ卷)已知圓柱的高為1，它的兩個底面的圓周在直徑為2的同一個球的球面上，則該圓柱的體積為(　　) A．π B． C. D． B　[設圓柱的

16、底面半徑為r，球的半徑為R，且R＝1， 由圓柱兩個底面的圓周在同一個球的球面上可知， r，R及圓柱的高的一半構成直角三角形． ∴r＝＝. ∴圓柱的體積為V＝πr2h＝π×1＝. 故選B.] 4．(2015·全國Ⅰ卷)《九章算術》是我國古代內容極為豐富的數學名著，書中有如下問題：“今有委米依垣內角，下周八尺，高五尺．問：積及為米幾何？”其意思為：“在屋內墻角處堆放米(如圖8-10，米堆為一個圓錐的四分之一)，米堆底部的弧長為8尺，米堆的高為5尺，問米堆的體積和堆放的米各為多少？”已知1斛米的體積約為1.62立方尺，圓周率約為3，估算出堆放的米約有(　　) 圖8-10 A．14

17、斛 B．22斛 C．36斛 D．66斛 B　[ 設米堆的底面半徑為r尺，則r＝8，所以r＝，所以米堆的體積為V＝×π·r2·5＝××5≈(立方尺)．故堆放的米約有÷1.62≈22(斛)．故選B.] 5．(2015·全國Ⅱ卷)已知A，B是球O的球面上兩點，∠AOB＝90°，C為該球面上的動點．若三棱錐O-ABC體積的最大值為36，則球O的表面積為(　　) A．36π B．64π C．144π D．256π C　[如圖，設球的半徑為R，∵∠AOB＝90°，∴S△AOB＝R2. ∵VO-ABC＝VC-AOB，而△AOB面積為定值， ∴當點C到平面AOB的距離最大時，VO-ABC最大，

18、 ∴當C為與球的大圓面AOB垂直的直徑的端點時，體積VO-ABC最大為×R2×R＝36， ∴R＝6，∴球O的表面積為4πR2＝4π×62＝144π.故選C.] 6．(2017·全國Ⅰ卷)如圖8-11，圓形紙片的圓心為O，半徑為5 cm，該紙片上的等邊三角形ABC的中心為O.D，E，F為圓O上的點，△DBC，△ECA，△FAB分別是以BC，CA，AB為底邊的等腰三角形．沿虛線剪開后，分別以BC，CA，AB為折痕折起△DBC，△ECA，△FAB，使得D，E，F重合，得到三棱錐．當△ABC的邊長變化時，所得三棱錐體積(單位：cm3)的最大值為________. 【導學號：07804059】 圖8-11 4 cm3　[如圖，連接OD，交BC于點G， 由題意，知OD⊥BC，OG＝BC. 設OG＝x，則BC＝2x，DG＝5－x， 三棱錐的高h＝ ＝＝， S△ABC＝×2x×3x＝3x2，則三棱錐的體積 V＝S△ABC·h＝x2·＝·. 令f(x)＝25x4－10x5，x∈，則f′(x)＝100x3－50x4. 令f′(x)＝0得x＝2.當x∈(0,2)時，f′(x)>0，f(x)單調遞增，當x∈時，f′(x)<0，f(x)單調遞減，故當x＝2時，f(x)取得最大值80，則V≤×＝4. ∴三棱錐體積的最大值為4 cm3.] 10