《2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 全程訓(xùn)練計(jì)劃 課練5 力的合成與分解（含解析）》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 全程訓(xùn)練計(jì)劃 課練5 力的合成與分解（含解析）（16頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、力的合成與分解 小題狂練⑤ 小題是基礎(chǔ)　練小題　提分快 1．[2019·河南省開(kāi)封考試]如圖所示，一件重力為G的衣服懸掛在等腰衣架上，已知衣架頂角θ＝120°，底邊水平，不計(jì)摩擦．則衣架一側(cè)對(duì)衣服的作用力大小為(　　) A.G B.G C. D．G 答案：A 解析：由題意知，衣架兩側(cè)對(duì)衣服作用力的夾角為60°，由力的平衡條件知，2Fcos30°＝G，解得F＝G，選項(xiàng)A正確． 2．[2019·四川省成都模擬]如圖，在水平晾衣桿(可視為光滑桿)上晾曬床單時(shí)，為了盡快使床單晾干，可在床單間支撐輕質(zhì)細(xì)桿．隨著細(xì)桿位置的不同，細(xì)桿上邊兩側(cè)床單間夾角θ(θ<1

2、50°)將不同．設(shè)床單重力為G，晾衣桿所受壓力大小為N，下列說(shuō)法正確的是(　　) A．當(dāng)θ＝60°時(shí)，N＝G B．當(dāng)θ＝90°時(shí)，N＝G C．只有當(dāng)θ＝120°時(shí)，才有N＝G D．無(wú)論θ取何值，都有N＝G 答案：D 解析：對(duì)床單和輕質(zhì)細(xì)桿進(jìn)行受力分析可知，整體受重力G(輕質(zhì)細(xì)桿不計(jì)質(zhì)量)和晾衣桿給的支持力N，根據(jù)牛頓第三定律可知，晾衣桿給床單的支持力大小等于晾衣桿所受的壓力大小，根據(jù)平衡條件可知，N＝G，與細(xì)桿上邊兩側(cè)床單間夾角θ無(wú)關(guān)，選項(xiàng)D正確． 3. [2019·安徽省合肥二中模擬]如圖所示，重力為6 N的木塊靜止在傾角為30°的斜面上，若用平行于斜面沿水平方向、大

3、小等于4 N的力F推木塊，木塊仍保持靜止，則木塊所受的摩擦力大小為(　　) A．3 N B．4 N C．5 N D．10 N 答案：C 解析：初始時(shí)木塊保持靜止，相對(duì)于斜面有下滑的趨勢(shì)，斜面對(duì)其沿斜面向上的靜摩擦力分力f1＝mgsin30°＝3 N，木塊受到水平力F的作用，相對(duì)于斜面有水平向左運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，斜面對(duì)其水平向右的靜摩擦力分力大小為f2＝F＝4 N，所以斜面對(duì)木塊的摩擦力大小為f＝＝5 N，選項(xiàng)C正確． 4．[2019·四川省成都七中模擬]如圖所示，輕繩繞過(guò)輕質(zhì)光滑滑輪一端系于豎直墻上的A點(diǎn)，另一端系于水平墻上的B點(diǎn)．質(zhì)量為m的物體系于滑輪的圓心O處，水平外力F也作用于滑

4、輪的圓心O處．當(dāng)F的大小合適時(shí)，A端輕繩水平且B端輕繩與豎直方向成30°角．重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是(　　) A．繩上拉力大小T＝mg B．繩上拉力大小T＝2mg C．水平外力大小F＝mg D．水平外力大小F＝mg 答案：D 解析：以滑輪為研究對(duì)象進(jìn)行受力分析，根據(jù)正交分解得mg＝Tcos30°，T＝Tsin30°＋F，解得T＝mg，F(xiàn)＝，故選D. 5．[2019·湖北省華中師大附中模擬]圖甲、乙、丙中彈簧秤、繩和滑輪的質(zhì)量均不計(jì)，繩與滑輪間的摩擦力不計(jì)，物體的重力都是G，在圖甲、乙、丙的情況下，彈簧秤的讀數(shù)分別是F1、F2、F3，則(　　) A．F3>F1＝F

5、2 B．F3＝F1>F2 C．F1＝F2＝F3 D．F1>F2＝F3 答案：B 解析：題圖甲中物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，所以合力為零，即彈簧的彈力等于重力大??；題圖乙中物體受到重力、支持力和彈簧的彈力，三力合力為零，根據(jù)力的合成與分解可知F2＝Gcos30°；題圖丙中物體受到重力和兩個(gè)互成120°的拉力作用，合力為零，根據(jù)力的合成與分解可知拉力大小等于重力大小，即F3＝F1＝G>F2，選項(xiàng)B正確，A、C、D錯(cuò)誤． 6．[2019·廣東省深圳市高級(jí)中學(xué)測(cè)試] 智能手機(jī)的普及使“低頭族”應(yīng)運(yùn)而生．低頭時(shí)，頸椎受到的壓力會(huì)增大(當(dāng)人體直立時(shí)，頸椎所承受的壓力等于頭部的重力)．現(xiàn)將人體頭頸

6、部簡(jiǎn)化為如圖所示的模型：重心在頭部的P點(diǎn)，頭在可繞O轉(zhuǎn)動(dòng)的頸椎OP(輕桿)的支持力和沿PQ方向肌肉拉力的作用下處于靜止．當(dāng)?shù)皖^時(shí)，若頸椎與豎直方向的夾角為45°，PQ與豎直方向的夾角為53°，此時(shí)頸椎受到的壓力與直立時(shí)頸椎受到的壓力的比值為(sin53°＝0.8，cos53°＝0.6)(　　) A．4 B．5 C．4 D．5 答案：C 解析：受力分析，如圖所示．在水平方向：FNsin45°＝Fsin53°，豎直方向：FNcos45°＝mg＋Fcos53°，聯(lián)立解得FN＝4mg，所以C正確，A、B、D錯(cuò)誤． 7．[2019·湖南省益陽(yáng)市、湘潭市調(diào)研]如圖所示，小球A

7、、B通過(guò)一條細(xì)繩跨過(guò)定滑輪連接，它們都套在一根豎直桿上．當(dāng)兩球平衡時(shí)，連接A、B兩球的細(xì)繩與水平方向的夾角分別為θ和2θ.假設(shè)裝置中的各處摩擦均不計(jì)，則A、B球的質(zhì)量之比為(　　) A．2cosθ：1 B．1：2cosθ C．tanθ：1 D．1：2sinθ 答案：B 解析：對(duì)A、B兩球受力分析如圖所示，由力的平衡條件可知，T′sinθ＝mAg，Tsin2θ＝mBg，T′＝T，解得mA：mB＝sinθ：sin2θ＝1：2cosθ，B正確． 8．[2019·廣東省深圳聯(lián)考] 如圖所示，內(nèi)壁及碗口光滑的半球形碗固定在水平面上，碗口保持水平．A球、C球與B

8、球分別用兩根輕質(zhì)細(xì)線連接．當(dāng)系統(tǒng)保持靜止時(shí)，B球?qū)ν氡趧偤脽o(wú)壓力，圖中θ＝30°，則A球和C球的質(zhì)量之比為(　　) A．1：2 B．2：1 C．1： D.：1 答案：C 解析：B球?qū)ν氡趧偤脽o(wú)壓力，則根據(jù)幾何知識(shí)分析可得，B球所在位置兩細(xì)線的夾角為90°，以B球?yàn)檠芯繉?duì)象，進(jìn)行受力分析，水平方向所受合力為零，設(shè)B球左、右兩邊細(xì)線的拉力大小分別為FA、FC，由此可知FAcosθ＝FCsinθ，＝＝tanθ，C正確． 9. [2019·湖北省部分重點(diǎn)中學(xué)聯(lián)考](多選)如圖所示，滑塊A與小球B用一根不可伸長(zhǎng)的輕繩相連，且滑塊A套在水平直桿上．現(xiàn)用大小為10 N、與水

9、平方向成30°角的力F拉B，使A、B一起向右勻速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中A、B保持相對(duì)靜止．已知A、B的質(zhì)量分別為2 kg、1 kg，重力加速度為10 m/s2，則(　　) A．輕繩與水平方向的夾角θ＝60° B．輕繩與水平方向的夾角θ＝30° C．滑塊A與水平直桿之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為 D．滑塊A與水平直桿之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為 答案：BD 解析：以B為研究對(duì)象，進(jìn)行受力分析，由于拉力F與B的重力大小相等，夾角為120°，故輕繩的拉力大小為10 N，與水平方向的夾角應(yīng)為θ＝30°.以A為研究對(duì)象，進(jìn)行受力分析得：FABcosθ＝μ(mAg＋FABsinθ)，得滑塊A與水平直桿之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為

10、，故選B、D. 10．[2019·江西省南昌調(diào)研]如圖所示，兩段等長(zhǎng)輕質(zhì)細(xì)線將質(zhì)量分別為m、2m的小球A、B(均可視為質(zhì)點(diǎn))懸掛在O點(diǎn)，小球A受到水平向右的恒力F1作用，小球B受到水平向左的恒力F2的作用，當(dāng)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，出現(xiàn)了如圖乙所示的狀態(tài)，小球B剛好位于O點(diǎn)正下方，則F1與F2的大小關(guān)系是(　　) A．F1＝4F2 B．F1＝3F2 C．2F1＝3F2 D．2F1＝5F2 答案：D 解析：A受到水平向右的力F1，B受到水平向左的力F2，以整體為研究對(duì)象，受力分析如圖所示，設(shè)O、A間細(xì)線與豎直方向的夾角為α，則由x的分解和平衡條件得Fsinα＋F2＝F1，F(xiàn)c

11、osα＝2mg＋mg，故tanα＝，以B為研究對(duì)象，受力分析，設(shè)A、B間細(xì)線與豎直方向的夾角為β，則由平衡條件得：tanβ＝，由幾何關(guān)系有：α＝β，得2F1＝5F2，故D正確． 11．[2019·湖南省十二校聯(lián)考]如圖所示，光滑固定斜面的傾角為30°，輕繩一端通過(guò)兩個(gè)滑輪與A相連，輕繩的另一端固定于天花板上，不計(jì)輕繩與滑輪的摩擦．物塊A的質(zhì)量為m，不計(jì)滑輪的重力，掛上物塊B后，當(dāng)動(dòng)滑輪兩邊輕繩的夾角為90°時(shí)，A、B恰能保持靜止，則物塊B的質(zhì)量為(　　) A.m B.m C．m D．2m 答案：A 解析：先以A為研究對(duì)象，由A物塊受力及平衡條件可得，繩中張力FT＝m

12、gsin30°.再以動(dòng)滑輪為研究對(duì)象，分析其受力并由平衡條件有mBg＝FT，解得mB＝m，A正確． 12. [2019·吉林省遼源五中摸底]如圖所示，OP為一滿足胡克定律的彈性輕繩，其一端固定于天花板上的O點(diǎn)，另一端與靜止在水平地面上的滑塊P相連，當(dāng)彈性繩處于豎直方向時(shí)，滑塊P對(duì)地面有壓力作用．Q為緊挨繩的一光滑水平小釘，它與天花板的距離等于彈性繩的自然長(zhǎng)度，現(xiàn)用一水平力F作用于滑塊P，使之向右緩慢地沿水平地面做直線運(yùn)動(dòng)，在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中彈性繩處于彈性限度內(nèi)，且滿足彈力與形變量成正比的關(guān)系，滑塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)恒定，則下列說(shuō)法正確的是(　　) A．地面作用于滑塊P的摩擦力不變 B．

13、地面對(duì)滑塊P的支持力減小 C．水平力F減小 D．水平力F保持不變 答案：A 解析：設(shè)在某點(diǎn)處彈性繩與水平方向的夾角為θ，對(duì)滑塊P進(jìn)行受力分析，有mg＝F彈sinθ＋N，F(xiàn)＝F彈cosθ＋f，f＝μN(yùn)′，N′＝N，F(xiàn)彈＝kx＝k，解得地面對(duì)滑塊P的支持力N不變，地面對(duì)滑塊P的摩擦力也不變，F(xiàn)變大，故選A. 13. 一串小燈籠(五只)彼此用輕繩連接，并懸掛在空中．在穩(wěn)定水平風(fēng)力作用下發(fā)生傾斜，輕繩與豎直方向的夾角為30°，如圖所示．設(shè)每只燈籠的質(zhì)量均為m，重力加速度大小為g，則自上往下第一只燈籠對(duì)第二只燈籠的拉力大小為(　　) A．2mg B. C. D．8mg

14、 答案：C 解析：以第一只燈籠下方的四只燈籠整體為研究對(duì)象，受力分析，根據(jù)力的合成與分解得，自上往下第一只燈籠對(duì)第二只燈籠的拉力大小T＝＝，只有選項(xiàng)C正確． 14．在如圖所示的四幅圖中，AB、BC均為輕質(zhì)桿，各圖中桿的A、C端都通過(guò)鉸鏈與墻連接，兩桿都在B處由鉸鏈相連接，B點(diǎn)下方用輕繩懸掛小物塊，下列關(guān)于桿受力的說(shuō)法正確的是(　　) A．甲中的AB桿、BC桿均可替換為輕繩 B．乙中的AB桿表現(xiàn)為拉力，BC桿表現(xiàn)為支持力 C．丙中的AB桿、BC桿均可替換為輕繩 D．丁中的AB桿、BC桿均表現(xiàn)為支持力 答案：C 解析：由題圖看出，甲、丙、丁中，AB桿對(duì)B點(diǎn)產(chǎn)生的是拉力，當(dāng)

15、用輕繩代替時(shí)效果不變，仍能使裝置平衡，同理可知，題圖中的BC桿可以用與之等長(zhǎng)的輕繩代替的只有丙，故A錯(cuò)誤，C正確；乙中B點(diǎn)受向下的拉力，則BC桿表現(xiàn)為支持力，由平衡關(guān)系可知AB桿也表現(xiàn)為支持力，故B錯(cuò)誤；對(duì)丁中B點(diǎn)分析可知，B點(diǎn)受向下的拉力，AB桿表現(xiàn)為拉力，BC桿表現(xiàn)為支持力，故D錯(cuò)誤． 15．圖甲是由兩圓桿構(gòu)成的“V”形斜槽，它與水平面成傾角θ放置．現(xiàn)將一質(zhì)量為m的圓柱體滑塊由斜槽頂端釋放，滑塊恰好勻速下滑．沿斜槽看去，截面如圖乙所示．已知滑塊與兩圓桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，重力加速度大小為g，β＝120°，則(　　) A．μ＝tanθ B．左邊圓桿對(duì)滑塊的支持力大小為mgcosθ

16、 C．左邊圓桿對(duì)滑塊的摩擦力大小為mgsinθ D．若增大θ，左邊圓桿對(duì)滑塊的支持力將增大 答案：B 解析：滑塊恰好勻速下滑，則滑塊受力平衡，對(duì)滑塊受力分析，根據(jù)平衡條件得，mgsinθ＝2f＝2μFN，mgcosθ＝2FNcos＝FN，解得μ＝tanθ，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；左邊圓桿對(duì)滑塊的摩擦力大小為f＝mgsinθ，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；若θ增大，cosθ減小，則左邊圓桿對(duì)滑塊的支持力將減小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤． 課時(shí)測(cè)評(píng)⑤ 綜合提能力　課時(shí)練　贏高分 一、選擇題 1．[2019·吉林長(zhǎng)春模擬](多選)在一條直線上的兩個(gè)共點(diǎn)力F1、F2的合力大小為F，保持F1、F2的方向不變，

17、F1、F2、F均不為0，下列說(shuō)法正確的是(　　) A．若F1、F2同時(shí)增大一倍，則F也一定增大一倍 B．若F1、F2同時(shí)增加10 N，則F一定增加20 N C．若F1增加10 N，F(xiàn)2減少10 N，則F可能增加20 N D．若F1、F2中一個(gè)不變，另一個(gè)增大，則F一定增大 答案：AC 解析：由于保持F1、F2的方向不變，可知若F1、F2同時(shí)增大一倍，則合力F的方向不變，并且F也一定增大一倍，故A正確；若F1、F2同時(shí)增加10 N，根據(jù)合力與分力之間的關(guān)系可知，只有兩個(gè)分力的方向相同時(shí)，F(xiàn)才能增加20 N，若二者方向相反，則F不變，故B錯(cuò)誤；若F1、F2的方向相反，F(xiàn)1增加10 N，

18、F2減少10 N，則F可能增加20 N，故C正確；若F1、F2的方向相反，F(xiàn)1、F2中一個(gè)不變，原來(lái)較小的一個(gè)力增大，則合力F可能減小，故D錯(cuò)誤． 2．[2019·德州模擬](多選)如圖所示，質(zhì)量分別為M、m的兩個(gè)木塊A、B通過(guò)勁度系數(shù)為K的輕彈簧連接，木塊A放在水平桌面上，木塊B用輕繩通過(guò)定滑輪在力F的作用下整體處于靜止?fàn)顟B(tài)，繩與水平方向成α角，不計(jì)滑輪與繩間的摩擦，則下列說(shuō)法正確的是(　　) A．木塊A對(duì)桌面的壓力為FN＝Mg＋mg－Fsinα B．輕彈簧處于拉伸狀態(tài)，彈簧的彈力大小為 C．木塊A對(duì)桌面的摩擦力大小為Ff＝Fcosα，方向向左 D．木塊A對(duì)桌面的摩擦力大小

19、為Ff＝Fsinα，方向向右 答案：AB 解析：對(duì)A、B(含彈簧)整體分析，豎直方向Fsinα＋FN－Mg－mg＝0，所以FN＝Mg＋mg－Fsinα，即A正確．對(duì)B受力分析知彈簧處于拉伸狀態(tài)，其彈力大小應(yīng)等于B的重力mg與繩子拉力F的合力．由平行四邊形定則和余弦定理得：F彈＝＝.即B對(duì)．同樣對(duì)A、B整體分析，知桌面對(duì)A的摩擦力應(yīng)向左，大小為F′f＝Fcosα，故A對(duì)桌面的摩擦力應(yīng)向右，大小為Ff＝F′f＝Fcosα.故C、D均錯(cuò)． 3．[2019·遼寧鞍山一中模擬]如圖，A、B兩球(可視為質(zhì)點(diǎn))質(zhì)量均為m，固定在輕彈簧的兩端，分別用細(xì)繩懸于O點(diǎn)，其中球A處在光滑豎直墻面和光滑水平地

20、面的交界處．已知兩球均處于靜止?fàn)顟B(tài)，OA沿豎直方向，OAB恰好構(gòu)成一個(gè)正三角形，重力加速度為g，則下列說(shuō)法正確的是(　　) A．球A對(duì)豎直墻壁的壓力大小為mg B．彈簧對(duì)球A的彈力大于對(duì)球B的彈力 C．繩OB的拉力大小等于mg D．球A對(duì)地面的壓力不可能為零 答案：C　 解析：對(duì)球B進(jìn)行受力分析如圖所示，受重力、彈簧的彈力、細(xì)繩的拉力，它們互成120°角，球B處于平衡狀態(tài)，由力的合成法則可知必有mg＝F＝TB，故C正確．球A受重力、彈簧的彈力、墻壁向右的支持力、細(xì)繩的拉力、地面的支持力(其中地面的支持力和細(xì)繩的拉力可能只有一個(gè))，在水平方向有墻的支持力等于彈簧的彈力在水平方向的

21、分量FN＝F′cosθ＝Fcos30°＝mg，由牛頓第三定律可知A錯(cuò)誤；彈簧靜止，合力為零，故兩個(gè)球?qū)椈傻膹椓Φ却?、反向、共線，故彈簧對(duì)球A的彈力等于對(duì)球B的彈力，故B錯(cuò)誤；對(duì)A球進(jìn)行受力分析并列平衡方程，繩OA對(duì)球A的拉力和地面的支持力的合力大小等于彈簧彈力的豎直分力和重力之和，故N＋T＝mg＋Fsin30°，mg＝F＝TB，可知當(dāng)T＝1.5mg時(shí)，地面對(duì)A的支持力等于零，根據(jù)牛頓第三定律，球A對(duì)地面的壓力可能為零，故D錯(cuò)誤． 4．[2019·廣東廣州模擬](多選)如圖，粗糙水平面上a、b、c、d四個(gè)相同小物塊用四根完全相同的輕彈簧連接，正好組成一個(gè)等腰梯形，系統(tǒng)靜止．a(chǎn)和b之間、a

22、和c之間以及b和d之間的彈簧長(zhǎng)度相同且等于c、d之間彈簧長(zhǎng)度的一半，a、b之間彈簧彈力大小為c、d之間彈簧彈力大小的一半．若a受到的摩擦力大小為f，則(　　) A．a(chǎn)、b之間的彈簧一定是壓縮的 B．b受到的摩擦力大小為f C．c受到的摩擦力大小為f D．d受到的摩擦力大小為2f 答案：ABC 解析： 假設(shè)a、b之間的彈簧是伸長(zhǎng)的，設(shè)原長(zhǎng)為l，伸長(zhǎng)量為x，則由a、b之間彈力為c、d之間彈力大小的一半可知c、d之間的彈簧伸長(zhǎng)量為2x.由于a、b之間的彈簧長(zhǎng)度等于c、d之間彈簧長(zhǎng)度的一半，則2(l＋x)＝l＋2x，無(wú)解，所以a、b之間的彈簧一定是壓縮的，A正確；a和b、a和c、b和

23、d之間的彈簧都是壓縮的且長(zhǎng)度相等，∠cab＝∠abd＝120°，三者的彈力相等，a受到的摩擦力大小為f，與a和b、a和c之間的彈力的合力等大反向，F(xiàn)ab＝Fac＝Fbd＝f＝，b受到的摩擦力大小與a和b、b和d之間的彈力的合力等大反向，所以b受到的摩擦力大小為f，B正確；c受到a和c、c和d之間彈簧的彈力如圖，其合力為f，c受到的摩擦力與a和c、c和d之間彈力的合力等大反向，大小為f，C正確；根據(jù)對(duì)稱性，d受到的摩擦力與c受到的摩擦力大小相等，為f，D錯(cuò)誤． 5．[2019·河北八校聯(lián)考]如圖所示，質(zhì)量為m的球置于斜面上，被一個(gè)豎直擋板擋?。F(xiàn)用一個(gè)恒力F拉斜面，使斜面在水平面上做加速度

24、為a的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，忽略一切摩擦，以下說(shuō)法中正確的是(　　) A．斜面和擋板對(duì)球的彈力的合力等于ma B．斜面對(duì)球不僅有彈力，而且該彈力是一個(gè)定值 C．若加速度足夠小，豎直擋板對(duì)球的彈力可能為零 D．若加速度足夠大，斜面對(duì)球的彈力可能為零 答案：B 解析： 以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，分析受力情況如圖所示，重力mg、豎直擋板對(duì)球的彈力F2和斜面的彈力F1.根據(jù)牛頓第二定律得豎直方向F1cosθ＝mg?、?，水平方向F2－F1sinθ＝ma?、?，由①看出，斜面的彈力F1大小不變，與加速度無(wú)關(guān)，不可能為零，由②看出，若加速度足夠小時(shí)，F(xiàn)2＝F1sinθ＝mgtanθ≠0；根據(jù)牛頓第二定律可

25、知，重力、斜面和擋板對(duì)球的彈力三個(gè)力的合力等于ma，故選B. 6. 如圖所示，用一根長(zhǎng)為l的細(xì)繩一端固定在O點(diǎn)，另一端懸掛質(zhì)量為m的小球A，為使細(xì)繩與豎直方向夾角為30°且繃緊，小球A處于靜止，對(duì)小球施加的最小的力是(　　) A.mg B.mg C.mg D.mg 答案：C 解析：對(duì)小球A受力分析，小球受到拉力、重力和施加的外力，作出受力分析圖，當(dāng)小球施加的力F與細(xì)繩垂直時(shí)，作用力最小，由受力平衡得：F的最小值為Fmin＝Gsin30°＝mg. 7．如圖所示，作用于坐標(biāo)原點(diǎn)O的三個(gè)力平衡，已知三個(gè)力均位于xOy平面內(nèi)，其中力F1的大小不變，方向沿y軸負(fù)方向；力F2的大

26、小未知，方向與x軸正方向的夾角為θ.則下列關(guān)于力F3的判斷正確的是(　　) A．力F3只能在第二象限 B．力F3與F2的夾角越小，則F2與F3的合力越小 C．力F3的最小值為F1cosθ D．力F3可能在第三象限的任意區(qū)域 答案：C 解析： 三個(gè)力平衡，已知F1的大小和方向、力F2的方向，則第三個(gè)力F3可能的方向位于F1、F2兩個(gè)力的反向延長(zhǎng)線之間，但不能沿F1、F2的反方向，如圖所示，所以A、D錯(cuò)誤；F3與F2的合力與F1等大反向，所以不管F3與F2夾角如何變化，其合力不變，B錯(cuò)誤；當(dāng)F3與F2方向垂直時(shí)，F(xiàn)3的值最小，F(xiàn)3min＝F1cosθ，C正確． 8.

27、如圖所示，三根輕細(xì)繩懸掛兩個(gè)質(zhì)量相同的小球保持靜止，A、D間細(xì)繩是水平的，現(xiàn)對(duì)B球施加一個(gè)水平向右的力F，將B緩緩拉到圖中虛線位置，A球保持不動(dòng)，這時(shí)三根細(xì)繩中張力TAC、TAD、TAB的變化情況是(　　) A．都變大 B．TAD和TAB變大，TAC不變 C．TAC和TAB變大，TAD不變 D．TAC和TAD變大，TAB不變 答案：B 解析：對(duì)小球B進(jìn)行受力分析，受到重力、水平拉力F和繩子AB的拉力三個(gè)力作用，處于平衡狀態(tài)，當(dāng)B球向右緩慢運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，由于AB與豎直方向夾角越來(lái)越大，水平拉力F＝mgtanθ，繩子AB的拉力TAB＝，其中θ為繩子AB與豎直方向的夾角，因此水平拉力F越來(lái)

28、越大，繩子AB的拉力越來(lái)越大；將小球A、B作為一個(gè)整體進(jìn)行受力分析，由于繩子AC與豎直方向夾角不變，繩子AC中拉力的豎直分力等于兩個(gè)小球的總重力，因此不變，由于拉力F越來(lái)越大，因此TAD越來(lái)越大，故B正確． 9．如圖所示，將兩根勁度系數(shù)均為k、原長(zhǎng)均為L(zhǎng)的輕彈簧，一端固定在水平天花板上相距為2L的兩點(diǎn)，另一端共同連接一質(zhì)量為m的物體，平衡時(shí)彈簧與豎直方向的夾角為37°.若將物體的質(zhì)量變?yōu)镸，平衡時(shí)彈簧與豎直方向的夾角為53°(sin37°＝0.6)，則等于(　　) A. B. C. D. 答案：B 解析：由2kcos37°＝mg和2kcos53°＝Mg解得：＝，

29、即B正確． 10. [2019·河北保定模擬]如圖所示，將三個(gè)完全相同的光滑球用不可伸長(zhǎng)的細(xì)線懸掛于O點(diǎn)并處于靜止?fàn)顟B(tài)．已知球半徑為R，重為G，線長(zhǎng)均為R.則每條細(xì)線上的張力大小為(　　) A．2G B.G C.G D.G 答案：B 解析：本題中O點(diǎn)與各球心的連線及各球心連線，構(gòu)成一個(gè)邊長(zhǎng)為2R的正四面體，如圖甲所示(A、B、C為各球球心)，O′為△ABC的中心，設(shè)∠OAO′＝θ，由幾何關(guān)系知O′A＝R(如圖乙所示)，由勾股定理得OO′＝＝，對(duì)A處球受力分析有：Fsinθ＝G，又sinθ＝，解得F＝G，故只有B項(xiàng)正確． 11. 如圖所示，斜面上放有

30、兩個(gè)完全相同的物體a、b，兩物體間用一根細(xì)繩連接，在細(xì)繩的中點(diǎn)加一與斜面垂直向上的拉力，使兩物體均處于靜止?fàn)顟B(tài)，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，則下列說(shuō)法正確的是(　　) A．a(chǎn)、b兩物體的受力個(gè)數(shù)一定相同 B．a(chǎn)、b兩物體受到的摩擦力大小一定相等 C．a(chǎn)、b兩物體對(duì)斜面的壓力相同 D．當(dāng)逐漸增大拉力F時(shí)，物體b先開(kāi)始滑動(dòng) 答案：C 解析： 分別對(duì)a、b進(jìn)行受力分析，如圖所示，b物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，當(dāng)繩中拉力沿斜面向上的分量與重力沿斜面向下的分量相等時(shí)，fb＝0，所以b可能只受3個(gè)力作用，而a物體一定受到摩擦力作用，肯定受4個(gè)力作用，選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤；a、b兩物體沿垂直于斜面方向受力

31、都平衡，設(shè)繩與斜面間的夾角為θ，則Na＋Tasinθ＝mgcosθ，Nb＋Tbsinθ＝mgcosθ，Ta＝Tb＝T，解得Na＝Nb＝mgcosθ－Tsinθ，則a、b兩物體對(duì)斜面的壓力相同，選項(xiàng)C正確；對(duì)a沿斜面方向有Tacosθ＋mgsinθ＝fa，對(duì)b，沿斜面方向有Tbcosθ－mgsinθ＝fb，a、b對(duì)斜面的壓力相等，所以最大靜摩擦力相等，當(dāng)逐漸增大拉力F時(shí)，a先達(dá)到最大靜摩擦力，先滑動(dòng)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤． 二、非選擇題 12．質(zhì)量為m＝0.8 kg的砝碼懸掛在輕繩PA和PB的結(jié)點(diǎn)上并處于靜止?fàn)顟B(tài)，PA與豎直方向的夾角為37°，PB沿水平方向．質(zhì)量為M＝10 kg的木塊與PB相連，

32、靜止于傾角為37°的斜面上，如圖所示．(取g＝10 m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)求： (1)輕繩PB拉力的大??； (2)木塊所受斜面的摩擦力和彈力的大?。? 答案：(1)6 N　(2)64.8 N　76.4 N 解析：(1)對(duì)點(diǎn)P受力分析如圖甲所示，根據(jù)共點(diǎn)力的平衡條件得 FB－FAsin37°＝0 FAcos37°－mg＝0 聯(lián)立解得FB＝＝6 N (2)對(duì)木塊受力分析如圖乙所示，由共點(diǎn)力的平衡條件得 Mgsin37°＋FBcos37°－Ff＝0 FN＋FBsin37°－Mgcos37°＝0 聯(lián)立解得Ff＝Mgsin37°＋FBcos37°＝64.8 N FN＝Mgcos37°－FBsin37°＝76.4 N. 16