《2022高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 第5章 平面向量與復(fù)數(shù) 第3課時(shí) 平面向量的數(shù)量積練習(xí) 理》由會(huì)員分享，可在線(xiàn)閱讀，更多相關(guān)《2022高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 第5章 平面向量與復(fù)數(shù) 第3課時(shí) 平面向量的數(shù)量積練習(xí) 理（7頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 第5章 平面向量與復(fù)數(shù) 第3課時(shí) 平面向量的數(shù)量積練習(xí) 理 1．已知a＝(1，2)，2a－b＝(3，1)，則a·b＝(　　) A．2　　　　　　　　　 B．3 C．4 D．5 答案　D 解析　∵a＝(1，2)，2a－b＝(3，1)， ∴b＝2a－(3，1)＝2(1，2)－(3，1)＝(－1，3)． ∴a·b＝(1，2)·(－1，3)＝－1＋2×3＝5. 2．已知|a|＝6，|b|＝3，a·b＝－12，則向量a在向量b方向上的投影是(　　) A．－4 B．4 C．－2 D．2 答案　A 解析　∵a·b＝|a||b|cos〈a，b〉＝1

2、8cos〈a，b〉＝－12，∴cos〈a，b〉＝－.∴a在b方向上的投影是|a|cos〈a，b〉＝－4. 3．(2018·上海楊浦區(qū)一模)若a與b－c都是非零向量，則“a·b＝a·c”是“a⊥(b－c)”的(　　) A．充分不必要條件 B．必要不充分條件 C．充要條件 D．既不充分也不必要條件 答案　C 解析　∵a與b－c都是非零向量，∴a·b＝a·c?a·b－a·c＝0?a·(b－c)＝0?a⊥(b－c)，故“a·b＝a·c”是“a⊥(b－c)”的充要條件．故選C. 4．(2018·黑龍江大慶第一次質(zhì)檢)已知向量a＝(1，2)，b＝(－2，m)，若a∥b，則|2a＋3b|

3、＝(　　) A. B．4 C．3 D．2 答案　B 解析　∵a＝(1，2)，b＝(－2，m)，且a∥b，∴1×m＝2×(－2)，∴m＝－4.∴a＝(1，2)，b＝(－2，－4)，∴2a＋3b＝(－4，－8)， ∴|2a＋3b|＝＝4.故選B. 5．已知向量a＝(1，2)，a·b＝5，|a－b|＝2，則|b|等于(　　) A. B．2 C．5 D．25 答案　C 解析　由a＝(1，2)，可得a2＝|a|2＝12＋22＝5. ∵|a－b|＝2，∴a2－2a·b＋b2＝20. ∴5－2×5＋b2＝20.∴b2＝25.∴|b|＝5，故選C. 6．(2018·甘

4、肅武威十八中月考)已知非零向量a，b滿(mǎn)足|b|＝4|a|，且a⊥(2a＋b)，則a與b的夾角為(　　) A. B. C. D. 答案　C 解析　設(shè)兩個(gè)非零向量a，b的夾角為θ.因?yàn)閍⊥(2a＋b)，所以a·(2a＋b)＝0，即2a2＋|a||b|cosθ＝0.因?yàn)閨b|＝4|a|，|a|≠0，所以cosθ＝－.因?yàn)棣取蔥0，π]，所以θ＝.故選C. 7．如圖所示，已知正六邊形P1P2P3P4P5P6，則下列向量的數(shù)量積中最大的是(　　) A.· B.· C.· D.· 答案　A 解析　由于⊥，故其數(shù)量積是0，可排除C；與的夾角為π，故其數(shù)量積小于0，可排

5、除D；設(shè)正六邊形的邊長(zhǎng)是a，則·＝||||cos30°＝a2，·＝||||cos60°＝a2.故選A. 8．(2018·河南高中畢業(yè)年級(jí)考前預(yù)測(cè))△ABC的外接圓的圓心為O，半徑為1，2＝＋，且||＝||，則向量在向量方向上的投影為(　　) A. B．－ C．－ D. 答案　D 解析　因?yàn)?＝＋，所以－＋(－)＝0，即＝－，即外接圓的圓心O為BC的中點(diǎn)，所以△ABC是以BC為斜邊的直角三角形．又因?yàn)閨|＝||＝1，所以∠ACB＝，|CA|＝，則向量在向量方向上的投影為||cos＝×＝.故選D. 9．已知平面向量a，b，|a|＝1，|b|＝，且|2a＋b|＝，則向量a與向量a

6、＋b的夾角為(　　) A. B. C. D．π 答案　B 解析　由題意，得|2a＋b|2＝4＋4a·b＋3＝7，所以a·b＝0，所以a·(a＋b)＝1，且|a＋b|＝＝2，故cos〈a，a＋b〉＝＝，所以〈a，a＋b〉＝，故選B. 10．(2018·滄州七校聯(lián)考)已知P是邊長(zhǎng)為2的正三角形ABC的邊BC上的動(dòng)點(diǎn)，則·(＋)(　　) A．有最大值為8 B．是定值6 C．有最小值為2 D．與點(diǎn)的位置有關(guān) 答案　B 解析　因?yàn)辄c(diǎn)P在邊BC上，所以存在實(shí)數(shù)λ，使＝λ＋(1－λ)，所以·(＋)＝[λ＋(1－λ)]·(＋)＝4＋·＝6.故選B. 11．(2018·河南鶴

7、壁高級(jí)中學(xué)段考)如圖，BC，DE是半徑為1的圓O的兩條直徑，＝2，則·等于(　　) A．－ B．－ C．－ D．－ 答案　B 解析　∵＝2，圓O的半徑為1，∴||＝，∴·＝(＋)·(＋)＝||2＋·(＋)＋·＝()2＋0－1＝－.故選B. 12．(2018·河南豫北名校聯(lián)盟對(duì)抗賽)已知△ABC的外接圓的半徑為1，圓心為點(diǎn)O，且3＋4＋5＝0，則·＝(　　) A. B. C．－ D. 答案　C 解析　因?yàn)閨|＝||＝||＝1，由3＋4＋5＝0得3＋5＝－4和4＋5＝－3，兩個(gè)式子分別平方可得·＝－和·＝－.所以·＝·(－)＝·－·＝－.故選C. 13．(20

8、17·課標(biāo)全國(guó)Ⅰ，理)已知向量a，b的夾角為60°，|a|＝2，|b|＝1，則|a＋2b|＝________． 答案　2 解析　本題考查向量的運(yùn)算．|a＋2b|＝＝＝＝2. 14．(2018·江西上饒一模)在邊長(zhǎng)為1的正方形ABCD中，2＝，BC的中點(diǎn)為F，＝2，則·＝________． 答案　－ 解析　以A為坐標(biāo)原點(diǎn)，建立如圖所示的直角坐標(biāo)系． ∵正方形ABCD的邊長(zhǎng)為1， ∴B(1，0)，D(0，1)，E(，0)，F(xiàn)(1，)． 設(shè)G(a，b)，由＝2，得(，)＝2(a－1，b－)， 解得∴G(，)．∴＝(1，)．∵＝(－1，1)，∴·＝－1＋＝－. 15．(2018·河

9、北衡水四調(diào))在△ABC中，AB＝3，AC＝5.若O為△ABC的外接圓的圓心，則·＝________． 答案　8 解析　設(shè)BC的中點(diǎn)為D，連接OD，AD，則⊥，所以·＝(＋)·＝·＝(＋)·(－)＝(2－2)＝×(52－32)＝8. 16．(2018·上海靜安區(qū)一模)在Rt△ABC中，AB＝3，AC＝4，BC＝5，點(diǎn)M是△ABC外接圓上任意一點(diǎn)，則·的最大值為_(kāi)_______． 答案　12 解析　如圖，建立平面直角坐標(biāo)系，則A(0，0)，B(3，0)，C(0，4)，△ABC外接圓的方程為(x－)2＋(y－2)2＝. 設(shè)M(＋cosα，2＋sinα)， 則＝(＋cosα，2＋sinα

10、)， ＝(3，0)，·＝＋cosα≤12，當(dāng)且僅當(dāng)cosα＝1時(shí)，等號(hào)成立． 17.(2018·上海閔行區(qū)一模)如圖，已知半徑為1的扇形OAB，∠AOB＝60°，P為弧上的一個(gè)動(dòng)點(diǎn)，則·的取值范圍是________． 答案　[－，] 解析　·＝·(－)＝·－·＝cos∠BOP－cos∠AOP＝cos(60°－∠AOP)－cos∠AOP＝cos∠AOP＋sin∠AOP－cos∠AOP＝sin∠AOP－cos∠AOP＝sin(∠AOP－30°)．∵0°≤∠AOP≤60°，∴－30°≤∠AOP－30°≤30°，∴－≤sin(∠AOP－30°)≤.∴·的取值范圍為[－，]． 18．設(shè)

11、兩個(gè)向量e1，e2滿(mǎn)足|e1|＝2，|e2|＝1，e1與e2的夾角為，若向量2te1＋7e2與e1＋te2的夾角為鈍角，求實(shí)數(shù)t的取值范圍． 答案　(－7，－)∪(－，－) 解析　由向量2te1＋7e2與e1＋te2的夾角為鈍角，得<0， 即(2te1＋7e2)·(e1＋te2)<0， 化簡(jiǎn)即得2t2＋15t＋7<0， 解得－7

12、a＝(1，－1)，b＝(－1，2)，則(2a＋b)·a＝(　　) A．－1　　　　　　　　　　 B．0 C．1 D．2 答案　C 解析　a＝(1，－1)，b＝(－1，2)，∴(2a＋b)·a＝(1，0)·(1，－1)＝1. 2．(2017·保定模擬)若向量a，b滿(mǎn)足|a|＝|b|＝1，(a＋b)·b＝，則向量a，b的夾角為(　　) A．30° B．45° C．60° D．90° 答案　C 解析　∵(a＋b)·b＝b2＋a·b＝1＋a·b＝， ∴a·b＝|a||b|cos〈a，b〉＝，cos〈a，b〉＝，〈a，b〉＝60°.故選C. 3．(2017·海淀區(qū)期末)

13、設(shè)向量a＝(1，0)，b＝(，)，則下列結(jié)論中正確的是(　　) A．|a|＝|b| B．a(chǎn)·b＝ C．a(chǎn)∥b D．a(chǎn)－b與b垂直 答案　D 4．(2016·山東，理)已知非零向量m，n滿(mǎn)足4|m|＝3|n|，cos〈m，n〉＝.若n⊥(tm＋n)，則實(shí)數(shù)t的值為(　　) A．4 B．－4 C. D．－ 答案　B 解析　由n⊥(tm＋n)可得n·(tm＋n)＝0，即tm·n＋n2＝0，所以t＝－＝－＝－＝－3×＝－3×＝－4.故選B. 5．(2017·遼寧撫順一中月考)在△ABC中，C＝90°，且CA＝CB＝3，點(diǎn)M滿(mǎn)足＝2，則·＝(　　) A．2 B．3

14、 C．－3 D．6 答案　B 解析　∵＝2，∴＝＝(－)，∴·＝(＋)·＝(＋)·＝2＋·＝3.故選B. 6.(2017·山東師大附中模擬)如圖，在圓O中，若弦AB＝3，弦AC＝5，則·的值等于(　　) A．－8 B．－1 C．1 D．8 答案　D 解析　取的中點(diǎn)D，連接OD，AD，則·＝0且＋＝，即＝－.而＝(＋)，所以·＝·－·＝·＝(＋)·(－)＝(2－2)＝(52－32)＝8.故選D. 7．(2018·廣西南寧聯(lián)考)設(shè)平面向量a＝(－2，1)，b＝(λ，－1)．若a與b的夾角為鈍角，則λ的取值范圍是(　　) A．(－，2)∪(2，＋∞) B．(2，＋

15、∞) C．(－，＋∞) D．(－∞，－) 答案　A 解析　因?yàn)閍與b的夾角為鈍角，所以a·b＝－2λ＋1× (－1)<0，即－2λ－1<0，解得λ>－.當(dāng)a，b共線(xiàn)且反向時(shí)，2－λ＝0，得λ＝2.所以λ的取值范圍是(－，2)∪(2，＋∞)．故選A. 8．(2016·山東，文)已知向量a＝(1，－1)，b＝(6，－4)．若a⊥(ta＋b)，則實(shí)數(shù)t的值為_(kāi)_______． 答案?。? 解析　根據(jù)已知，a2＝2，a·b＝10.由a⊥(ta＋b)，得a·(ta＋b)＝ta2＋a·b＝2t＋10＝0，解得t＝－5. 9．(2015·浙江)已知e1，e2是平面單位向量，且e1·e2＝

16、.若平面向量b滿(mǎn)足b·e1＝b·e2＝1，則|b|＝________． 答案　 解析　因?yàn)閎·e1＝b·e2＝1，|e1|＝|e2|＝1，由數(shù)量積的幾何意義，知b在e1，e2方向上的投影相等，且都為1，所以b與e1，e2所成的角相等．由e1·e2＝，知e1與e2的夾角為60°，所以b與e1，e2所成的角均為30°，即|b|cos30°＝1，所以|b|＝＝. 10．若平面向量a，b滿(mǎn)足|2a－b|≤3，則a·b的最小值是________． 答案　－ 解析　由|2a－b|≤3可知，4a2＋b2－4a·b≤9，所以4a2＋b2≤9＋4a·b.而4a2＋b2＝|2a|2＋|b|2≥2|2a|·|b|≥－4a·b，所以a·b≥－，當(dāng)且僅當(dāng)2a＝－b時(shí)取等號(hào)．