《（新課標(biāo)）2022年高考物理一輪復(fù)習(xí) 主題二 相互作用 牛頓運(yùn)動(dòng)定律 課時(shí)跟蹤訓(xùn)練6》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（新課標(biāo)）2022年高考物理一輪復(fù)習(xí) 主題二 相互作用 牛頓運(yùn)動(dòng)定律 課時(shí)跟蹤訓(xùn)練6（10頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、（新課標(biāo)）2022年高考物理一輪復(fù)習(xí) 主題二 相互作用 牛頓運(yùn)動(dòng)定律 課時(shí)跟蹤訓(xùn)練6 1．有三個(gè)共點(diǎn)力，其大小分別為20 N、6 N、15 N，其合力的最大值、最小值分別為(　　) A．41 N、0 B．41 N、11 N C．29 N、4 N D．41 N、1 N [解析]　當(dāng)所有力同向時(shí)合力最大，直接用代數(shù)和求解；如果三個(gè)力中有任意兩個(gè)力的合力范圍包含了第三個(gè)力，則合力有最小值為0，此時(shí)這兩個(gè)力的合力與第三個(gè)力等大反向． [答案]　A 2．某物體同時(shí)受到同一平面內(nèi)的三個(gè)共點(diǎn)力作用，在如圖所示的四種情況中(坐標(biāo)紙中每格的邊長(zhǎng)表示1 N大小的力)，該物體所受的合外力大小正確

2、的是(　　) A．圖甲中物體所受的合外力大小等于4 N B．圖乙中物體所受的合外力大小等于2 N C．圖丙中物體所受的合外力等于0 D．圖丁中物體所受的合外力等于0 [解析]　圖甲中，先將F1與F3合成，然后再由勾股定理求得合力大小等于5 N，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；圖乙中，先將F1與F3正交分解，再合成，求得合力大小等于5 N，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；圖丙中，可將F3正交分解，求得合力大小等于6 N，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；根據(jù)三角形定則，圖丁中合力等于0，選項(xiàng)D正確． [答案]　D 3．(多選)質(zhì)量分布均勻的A、B、C三個(gè)物體如圖所示放置，其中A、B兩個(gè)相同的物體并排放在水平面上，梯形物體C疊放在物體A、B

3、的上表面，已知所有接觸面均光滑且各物體都處于靜止?fàn)顟B(tài)，則下列說(shuō)法中正確的是(　　) A．物體B對(duì)地面的壓力等于物體A對(duì)地面的壓力 B．物體B對(duì)地面的壓力大于物體A對(duì)地面的壓力 C．物體B對(duì)物體A有向左的壓力 D．物體A、B之間沒有相互作用力 [解析]　由于A、B、C三個(gè)物體質(zhì)量均勻分布，所以梯形物體C的重心應(yīng)該在中位線的右側(cè)，則梯形物體C對(duì)物體B的壓力為其重力，物體C對(duì)物體A的壓力為零，A錯(cuò)誤、B正確；雖然A、B兩物體相互接觸，但是彼此并不擠壓，沒有發(fā)生形變，C錯(cuò)誤、D正確． [答案]　BD 4．(2017·蘇州調(diào)考)如下圖所示，大小分別為F1、F2、F3的三個(gè)力恰好圍成一個(gè)

4、閉合的三角形，且三個(gè)力的大小關(guān)系是F1

5、分解為下圖甲所示的F1、F2，則F1＝F2＝，由幾何知識(shí)得tanθ＝＝10，再按F1的作用效果將F1沿水平向左和豎直向下分解為圖乙所示的F3、F4，則F4＝F1sinθ，聯(lián)立得F4＝5F，即物體D所受壓力的大小與力F的比值為5，B對(duì)． [答案]　B 6．現(xiàn)場(chǎng)卸貨歷來(lái)是中國(guó)南極考察隊(duì)的“硬仗”，需要利用卡特比勒車將重達(dá)25噸的貨物卸載，如圖所示，吊鉤下有四根一樣的繩索，且四根繩索呈對(duì)稱分布，每根繩索與豎直方向的夾角均為30°，則每根繩索的拉力約為(　　) A．9.0×104 N B．7.0×104 N C．5.0×104 N D．3.0×104 N [解析]　貨物所受繩索拉

6、力的合力等于貨物的重力，根據(jù)對(duì)稱性可知，每條繩索拉力的豎直分力Fcos30°＝mg，解得F≈7.0×104 N，B項(xiàng)正確． [答案]　B 7．如圖所示為兩個(gè)大小不變、夾角θ變化的力的合力的大小F與θ角之間的關(guān)系圖象(0≤θ≤2π)，下列說(shuō)法中正確的是(　　) A．合力大小的變化范圍是0≤F≤14 N B．合力大小的變化范圍是2 N≤F≤10 N C．這兩個(gè)分力的大小分別為6 N和8 N D．這兩個(gè)分力的大小分別為2 N和8 N [解析]　由題圖可知：當(dāng)兩力夾角為180°時(shí)，兩力的合力為2 N，而當(dāng)兩力夾角為90°時(shí)，兩力的合力為10 N．則這兩個(gè)力的大小分別為6 N、8 N，

7、故C正確；D錯(cuò)誤．當(dāng)兩個(gè)力方向相同時(shí)，合力等于兩個(gè)力之和14 N；當(dāng)兩個(gè)力方向相反時(shí)，合力等于兩個(gè)力之差2 N，由此可見：合力大小的變化范圍是2 N≤F≤14 N，故A、B錯(cuò)誤． [答案]　C 8．如圖甲所示，輕繩AD跨過(guò)固定的水平橫梁BC右端的定滑輪拉住一個(gè)質(zhì)量為M1的物體，∠ACB＝30°；圖乙中輕桿HG一端用鉸鏈固定在豎直墻上，另一端G通過(guò)細(xì)繩EG拉住，EG與水平方向也成30°角，輕桿的G點(diǎn)用細(xì)繩GF拉住一個(gè)質(zhì)量為M2的物體，求： (1)輕繩AC段的張力FAC與細(xì)繩EG的張力FEG之比． (2)輕桿BC對(duì)C端的支持力FC. (3)輕桿HG對(duì)C端的支持力FG. [解析]　(

8、1)對(duì)C點(diǎn)受力分析如圖甲所示，輕繩AD跨過(guò)滑輪拉住質(zhì)量為M1的物體，物體處于平衡狀態(tài)，輕繩AC段的拉力FAC＝FCD＝M1g.對(duì)G點(diǎn)受力分析如圖乙所示，由于FEGsin30°＝M2g，得FEG＝2M2g.所以＝. (2)圖甲中，三個(gè)力之間的夾角都為120°，根據(jù)平衡規(guī)律，有FC＝FAC＝M1g，方向與水平方向成30°，指向右上方． (3)圖乙中，根據(jù)平衡條件，有FEGsin30°＝M2g，F(xiàn)EGcos30°＝FG，所以FG＝M2gcot30°＝M2g，方向水平向右． [答案]　(1) (2)M1g，方向與水平方向成30°，指向右上方 (3)M2g，方向水平向右 [素能培養(yǎng)]

9、9．(2017·六安二模)如圖所示，兩個(gè)質(zhì)量為m1的小球套在豎直放置的光滑支架上，支架的夾角為120°，用輕繩將兩球與質(zhì)量為m2的小球連接，繩與桿構(gòu)成一個(gè)菱形，則m1∶m2為(　　) A．1∶1 B．1∶2 C．1∶ D.∶2 [解析]　將小球m2的重力按效果根據(jù)平行四邊形定則進(jìn)行分解如圖，由幾何知識(shí)得：T＝m2g，對(duì)m1受力分析，由平衡條件，在沿桿的方向有：m1gsin30°＝Tsin30°，得：T＝m1g，可見m1∶m2＝1∶1，故選A. [答案]　A 10．(2017·全國(guó)卷Ⅱ) 如圖，一物塊在水平拉力F的作用下沿水平桌面做勻速直線運(yùn)動(dòng)．若保持F的大小不變，而

10、方向與水平面成60°角，物塊也恰好做勻速直線運(yùn)動(dòng)．物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為(　　) A．2－ B. C. D. [解析]　物塊在水平力F作用下做勻速直線運(yùn)動(dòng)，其受力如圖甲所示 由平衡條件：F＝f、FN＝mg 而f＝μFN＝μmg 即F＝μmg 當(dāng)F的方向與水平面成60°角時(shí)，其受力如圖乙 由平衡條件： Fcos60°＝f1 f1＝μFN1＝μ(mg－Fsin60°) 聯(lián)立解得μ＝，選項(xiàng)C正確． [答案]　C 11．(2017·湖北名校模擬)將四塊相同的堅(jiān)固石塊壘成圓弧形的石拱，其中第3、4塊固定在地基上，第1、2塊間的接觸面是豎直的，每塊石塊的兩個(gè)側(cè)面間

11、所夾的圓心角均為30°，石塊間的摩擦力可以忽略不計(jì)，則第1塊對(duì)第2塊的彈力F1和第1塊對(duì)第3塊的彈力F2的大小之比為(　　) A. B. C. D. [解析]　 F1和F1′、F2和F2′是兩對(duì)相互作用力，對(duì)第一個(gè)石塊進(jìn)行受力分析如圖所示，由幾何關(guān)系知θ＝60°，所以有＝sin60°＝，即＝，D正確． [答案]　D 12．(2017·桓臺(tái)質(zhì)檢)如圖所示，在傾角為θ的粗糙斜面上，一個(gè)質(zhì)量為m的物體被水平力F推著靜止于斜面上，物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，且μ