《（浙江專用）備戰(zhàn)2022高考物理一輪復(fù)習(xí) 選考仿真模擬卷（六）》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（浙江專用）備戰(zhàn)2022高考物理一輪復(fù)習(xí) 選考仿真模擬卷（六）（14頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、（浙江專用）備戰(zhàn)2022高考物理一輪復(fù)習(xí) 選考仿真模擬卷（六） 考生注意： 1．本試卷分選擇題部分和非選擇題部分，共4頁． 2．答卷前，考生務(wù)必用藍(lán)、黑色字跡的鋼筆或圓珠筆將自己的姓名、班級、學(xué)號填寫在相應(yīng)答題紙上． 3．本次考試時間90分鐘，滿分100分． 選擇題部分 一、選擇題Ⅰ(本題共13小題，每小題3分，共39分．每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分) 1．如圖1甲所示是某同學(xué)參加“五米三向折返跑”活動的情景．該活動場地如圖乙所示，AB＝AC＝AD＝5 m，受試者聽到口令后從A點跑向B點，用手觸摸折返線后再返回A點，然后依次跑向C點、

2、D點，最終返回A點．若人可視為質(zhì)點，現(xiàn)測得受試者完成活動的時間為7.50 s，則該受試者在全過程中的路程和平均速度的大小分別為(　　) 圖1 A．0,0 B．15 m,4 m/s C．30 m,0 D．30 m,4 m/s 2．(2018·溫州市期末)如圖2所示，冰壺是冬奧會的正式比賽項目．運(yùn)動員將冰壺推出后，冰壺在滑行途中水平方向受到的力有(　　) 圖2 A．推力 B．阻力 C．推力和阻力 D．向前的慣性力 3．物體做直線運(yùn)動的速度v隨時間t變化的圖線如圖3所示，P為圖線上一點，PN為圖線過P點的切線，PQ為t軸的垂線，PM為v軸的垂線．則下列說法

3、中正確的是(　　) 圖3 A．物體做加速度減小的減速運(yùn)動 B．物體做加速度增加的加速運(yùn)動 C．物體運(yùn)動到P點時的加速度為 D．物體運(yùn)動到P點時的加速度為 4．關(guān)于如圖4所示四幅圖的說法錯誤的是(　　) 圖4 A．甲圖中，賽車的質(zhì)量不是很大，卻安裝著強(qiáng)勁的發(fā)動機(jī)，可以獲得很大的慣性 B．乙圖中，高大的橋要造很長的引橋，從而減小橋面的坡度，目的是減小車輛重力沿橋面方向的分力，保證行車方便與安全 C．丙圖中，火星的軌跡與砂輪相切，說明火星是沿砂輪的切線方向飛出的 D．丁圖中，無論小錘用多大的力去擊打彈性金屬片，兩球總是同時落地 5．如圖所示，一物塊A放在固定于水平地面

4、上的斜面體B上，處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)用力F沿不同方向作用在A上，物塊A始終保持靜止．則施加力F后，物塊A受到的摩擦力一定增大且數(shù)值最小的是(　　) 6．下列四個選項中的虛線均表示小鳥在豎直平面內(nèi)飛行的軌跡，小鳥在圖示位置時的速度v和空氣對它的作用力F的方向可能正確的是(　　) 7．一帶有乒乓球發(fā)射機(jī)的乒乓球臺如圖5所示，發(fā)射機(jī)安裝于臺面左側(cè)邊緣的中點，能以不同速率向右側(cè)不同方向水平發(fā)射相同的乒乓球．乒乓球1落到球網(wǎng)右側(cè)臺面邊緣上的中點，乒乓球2落到球網(wǎng)右側(cè)臺面邊緣上靠近中點的某點．不計空氣阻力．則(　　) 圖5 A．自發(fā)射到落臺，乒乓球1的飛行時間大于乒乓球2的飛行時間

5、B．乒乓球1的發(fā)射速度大于乒乓球2的發(fā)射速度 C．落臺時，乒乓球1的速度大于乒乓球2的速度 D．落臺時，乒乓球1與乒乓球2重力做功的功率相等 8．關(guān)于環(huán)繞地球運(yùn)動的衛(wèi)星，下列說法正確的是(　　) A．分別沿圓軌道和橢圓軌道運(yùn)行的兩顆衛(wèi)星，不可能具有相同的周期 B．沿橢圓軌道運(yùn)行的一顆衛(wèi)星，在軌道不同位置可能具有相同的速率 C．在赤道上空運(yùn)行的兩顆地球同步衛(wèi)星，它們的軌道半徑有可能不同 D．沿不同軌道經(jīng)過北京上空的兩顆衛(wèi)星，它們的軌道平面一定會重合 9．(2018·9＋1高中聯(lián)盟期中)如圖6所示，球形電容器是由半徑不同的同心金屬球殼組成，內(nèi)外球殼帶有等量異種電荷，球殼之間為真空，

6、并形成了沿半徑方向的電場．已知M點與N點在同一電場線上，M點與P點到圓心距離相等，則下列說法正確的是(　　) 圖6 A．該徑向電場為勻強(qiáng)電場 B．M點的電場強(qiáng)度比N點小 C．P點的電勢比N點低 D．電荷沿圓孤虛線從M到P，電場力不做功 10．(2018·七彩陽光聯(lián)盟期中)如圖7所示，在“探究影響通電導(dǎo)線受力的因素”實驗中，要使導(dǎo)體棒擺動時偏離豎直方向的擺角增大，以下操作中可行的是(　　) 圖7 A．用更短的導(dǎo)線懸掛導(dǎo)體棒 B．改變導(dǎo)體棒中的電流方向 C．增大導(dǎo)體棒中的電流強(qiáng)度 D．使3塊磁鐵的S、N極都反向 11．現(xiàn)有一只燈泡，額定電壓標(biāo)識12 V清晰，額定功率

7、標(biāo)識字跡不清，某同學(xué)為了確定該燈泡的額定功率，設(shè)計了四個方案，哪個方案最準(zhǔn)確(　　) A．把該燈泡直接與標(biāo)有額定功率的燈泡(額定電壓12 V)進(jìn)行外觀上和燈絲粗細(xì)程度的比較，得出該燈泡的額定功率 B．把該燈泡接在12 V的直流電源上使其發(fā)光，再與有標(biāo)記的燈泡進(jìn)行亮度比較，得出該燈泡的額定功率 C．把該燈泡接在12 V的直流電源上使其發(fā)光，通過串聯(lián)的電流表讀出電流值，并聯(lián)的電壓表讀出電壓值，再由公式P＝UI求出額定功率 D．用該燈泡、電流表、電壓表、干電池等器材，用伏安法測出該燈泡的阻值，再用公式P＝得出該燈泡的額定功率 12．如圖8甲所示是一個電解電容器，電容器外殼上標(biāo)有“4.7 μ

8、F,50 V”字樣，圖乙是一個標(biāo)準(zhǔn)自感線圈，外殼上標(biāo)有“1 H”字樣，下列有關(guān)該電容器和自感線圈的說法正確的是(　　) 圖8 A．電容器的電容為4.7×10－12 F B．自感線圈的自感系數(shù)為“1 H” C．電容器在20 V的工作電壓下，其帶電荷量為9.4×10－4 C D．自感線圈的自感電動勢大小與流過線圈的電流大小有關(guān) 13.如圖9所示，在粗糙絕緣的水平面上有一物體A帶正電，另一帶正電的點電荷B沿著以A為圓心的圓弧由P到Q緩慢地從A的上方經(jīng)過，若此過程中A始終保持靜止，A、B兩物體可視為質(zhì)點且只考慮它們之間的庫侖力作用．則下列說法正確的是(　　) 圖9 A．物體A受

9、到的地面的支持力先增大后減小 B．物體A受到的地面的支持力保持不變 C．物體A受到的地面的摩擦力先增大后減小 D．庫侖力對點電荷B先做正功后做負(fù)功 二、選擇題Ⅱ(本題共3小題，每小題2分，共6分．每小題列出的四個選項中至少有一個是符合題目要求的．全部選對的得2分，選對但不全的得1分，有選錯的得0分) 14.加試題 (2018·杭州市期末)下列說法正確的是(　　) A．家用照明電路電壓的峰值約為311 V B．β衰變發(fā)出的β射線來自原子外層電子 C．盧瑟福通過α粒子散射實驗發(fā)現(xiàn)原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu) D．在發(fā)生輕核聚變或重核裂變后，核子的平均質(zhì)量均變小 15.加試題 如圖10所示

10、，一束太陽光經(jīng)過玻璃三棱鏡后，被分解成各種色光．在接收屏(與三棱鏡側(cè)面平行)上形成寬度為L的彩色光帶．現(xiàn)將一較厚的平行玻璃磚豎直插入到三棱鏡的左側(cè)，我們會看到(　　) 圖10 A．彩帶整體上移 B．彩帶整體下移 C．彩帶寬度L變大 D．彩帶寬度L變小 16.加試題 (2018·諸暨市牌頭中學(xué)期中)如圖11所示，虛線和實線分別為甲、乙兩個彈簧振子做簡諧運(yùn)動的圖象，則下列說法正確的是(　　) 圖11 A．任意時刻，甲振子的位移都比乙振子的位移大 B．t＝0時，甲、乙兩振子的振動方向相反 C．前2 s內(nèi)，甲、乙兩振子的加速度均為正值 D．第2 s末，甲的速度達(dá)到其最

11、大值，乙的加速度達(dá)到其最大值 非選擇題部分 三、非選擇題(本題共7小題，共55分) 17．(5分)圖12是“探究功與速度變化的關(guān)系”的實驗裝置，用該裝置實驗時， 圖12 (1)以下實驗步驟必需的是________． A．測出橡皮筋對小車做功的具體數(shù)值 B．測出橡皮筋的勁度系數(shù) C．測出小車的質(zhì)量 D．測出橡皮筋恢復(fù)原長時小車的速度 E．平衡摩擦力 (2)在正確操作的情況下，打在紙帶上的點并不都是均勻的，如圖13所示，為了測量小車獲得的速度，應(yīng)選用紙帶的________部分進(jìn)行測量．打點間隔為0.02 s，則小車的最大速度v＝________ m/s(保留兩位有效數(shù)字)

12、． 圖13 18．(5分)現(xiàn)要測定一種特殊電池的電動勢和內(nèi)阻，它的電動勢E約為8 V，內(nèi)阻r約為30 Ω，已知該電池允許輸出的最大電流為40 mA.為防止調(diào)節(jié)滑動變阻器時造成短路，電路中用了一個定值電阻充當(dāng)保護(hù)電阻，除待測電池外，可供使用的實驗器材還有： A．電流表A(量程為0.05 A、內(nèi)阻約為0.2 Ω) B．電壓表V(量程為6 V、內(nèi)阻約為20 kΩ) C．定值電阻R1(阻值為100 Ω、額定功率為1 W) D．定值電阻R2(阻值為200 Ω、額定功率為1 W) E．滑動變阻器R3(阻值范圍為0～10 Ω、額定電流為2 A) F．滑動變阻器R4(阻值范圍為0～750

13、Ω、額定電流為1 A) G．導(dǎo)線和單刀單擲開關(guān)若干 (1)為了電路安全及便于操作，定值電阻R應(yīng)該選________；滑動變阻器應(yīng)該選________．(填寫器材名稱) (2)用筆畫線代替導(dǎo)線在圖14中完成實物連接圖． 圖14 (3)實驗中，當(dāng)電流表讀數(shù)為I1時，電壓表讀數(shù)為U1；當(dāng)電流表讀為I2時，電壓表讀數(shù)為U2.則可以求出E＝________，r＝________.(用I1、I2、U1、U2及R表示) 19．(9分)(2018·名校協(xié)作體)如圖15所示，兩個完全相同的物塊a、b質(zhì)量均為m＝0.8 kg，在水平面上以相同的初速度從同一位置開始運(yùn)動，圖中的兩條直線分別表示b物塊

14、受到水平拉力F作用和a物塊不受拉力作用的v－t圖象，g取10 m/s2.求： 圖15 (1)物塊a受到的摩擦力大??； (2)物塊b所受拉力F的大??； (3)8 s末a、b間的距離． 20．(12分)(2017·稽陽聯(lián)誼學(xué)校8月聯(lián)考)如圖16所示，遙控電動賽車(可視為質(zhì)點)從A點由靜止出發(fā)，經(jīng)過時間t后關(guān)閉發(fā)動機(jī)，賽車?yán)^續(xù)前進(jìn)至B點進(jìn)入半徑為R＝0.5 m的豎直粗糙圓弧軌道，經(jīng)過圓弧最高點C后水平飛出，之后恰好在D點沿斜面方向進(jìn)入與豎直方向成θ＝37°的斜面軌道(途中表演上下翻身)，C、D兩點在豎直方向的高度差

15、為h＝0.8 m，已知賽車在水平軌道AB部分運(yùn)動時受到恒定阻力Ff＝1 N，由設(shè)置在圓弧起點B處的傳感器顯示出賽車經(jīng)過此處時對圓弧軌道的壓力為F＝82 N，賽車的質(zhì)量m＝1 kg，通電后賽車的電動機(jī)以額定功率P＝80 W工作，軌道AB的長度L＝6 m，空氣阻力忽略不計，g取10 m/s2，求： 圖16 (1)賽車運(yùn)動到B點時速度vB的大??； (2)賽車電動機(jī)工作的時間t； (3)賽車在通過圓弧軌道過程中克服摩擦阻力所做的功W. 21.加試題 (4分)(2018·杭州地區(qū)重點中學(xué)期末)根據(jù)單擺周期公式T＝2π，可以通過實驗測量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣龋?/p>

16、圖17所示，將細(xì)線的上端固定在鐵架臺上，下端系一小鋼球，就做成了單擺． 圖17 (1)用游標(biāo)卡尺測量小鋼球的直徑，示數(shù)如圖18所示，讀數(shù)為________ mm. 圖18 (2)以下是實驗過程中的一些做法，其中正確的有________． A．?dāng)[線要選擇細(xì)些的、伸縮性小些的，并且盡可能長一些 B．?dāng)[球盡量選擇質(zhì)量大些、體積小些的 C．為了使擺的周期大一些，以方便測量，開始時拉開擺球，使擺線相距平衡位置有較大的角度 D．拉開擺球，使擺線偏離平衡位置大于5°，在釋放擺球的同時開始計時，當(dāng)擺球回到開始位置時停止計時，此時間間隔Δt即為單擺周期T E．拉開擺球，使擺線偏離平衡位

17、置不大于5°，釋放擺球，當(dāng)擺球振動穩(wěn)定后，從平衡位置開始計時，記下擺球做50次全振動所用的時間Δt，則單擺周期T＝ 22.加試題 (10分)如圖19甲所示，間距為 L、電阻不計的光滑導(dǎo)軌固定在傾角為θ的斜面上．在區(qū)域Ⅰ內(nèi)有方向垂直于斜面的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B，在區(qū)域Ⅱ內(nèi)有垂直于斜面向下的勻強(qiáng)磁場，其磁感應(yīng)強(qiáng)度 Bt 的大小隨時間 t 變化的規(guī)律如圖乙所示．t＝0時刻在軌道上端的金屬細(xì)棒ab從如圖甲所示位置由靜止開始沿導(dǎo)軌下滑，同時下端的另一金屬細(xì)棒cd在位于區(qū)域Ⅰ內(nèi)的導(dǎo)軌上由靜止釋放．在ab棒運(yùn)動到區(qū)域Ⅱ的下邊界EF處之前，cd棒始終靜止不動，兩棒始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好．已知ab棒和

18、cd棒的質(zhì)量均為m、接入電路的電阻均為R，區(qū)域Ⅱ沿斜面的長度為 2L，在 t＝tx時刻(tx未知)ab棒恰進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ，重力加速度為 g．求： 圖19 (1)當(dāng)ab棒在區(qū)域Ⅱ內(nèi)運(yùn)動時cd棒消耗的電功率； (2)ab棒在區(qū)域Ⅱ內(nèi)運(yùn)動時cd棒上產(chǎn)生的熱量； (3)ab棒開始下滑至 EF 的過程中流過導(dǎo)體棒cd的電荷量． 23.加試題 (10分)如圖20所示，帶電荷量為q＝＋2×10－3C、質(zhì)量為m＝0.1 kg的小球B靜止于光滑的水平絕緣板右端，板的右側(cè)空間有范圍足夠大的、方向水平向左、電場強(qiáng)度E＝103 N/C的勻強(qiáng)電場，與B球形狀相同、質(zhì)量為0.3

19、kg的絕緣不帶電小球A以初速度v0＝10 m/s向B運(yùn)動，兩球發(fā)生彈性碰撞后均逆著電場線的方向進(jìn)入電場，在電場中兩球又發(fā)生多次彈性碰撞，已知每次碰撞時間極短，小球B的電荷量始終不變，取重力加速度g＝10 m/s2，不計空氣阻力，求： 圖20 (1)第一次碰撞后瞬間兩小球的速度大小； (2)第二次碰撞前瞬間小球B的動能； (3)第三次碰撞的位置． 答案精析 1．C　2.B 3．D　[v－t圖象的斜率表示加速度，由題圖知，物體做加速度減小的加速運(yùn)動．P點由a＝＝知D正確．] 4．A 5．D　[設(shè)斜面傾角為α，對A項，開始時靜摩擦力方向向上，有靜

20、摩擦力FfA＝mgsin α，施加F后，若靜摩擦力方向仍向上，則F＋FfA′＝mgsin α，得FfA′＝mgsin α－F，可知物塊A受到的靜摩擦力減?。粚項，施加力F后，若靜摩擦力方向仍向上，則靜摩擦力FfC＝mgsin α－Fcos α，物塊A受到的靜摩擦力減小；對B項，施加力F后，靜摩擦力FfB＝mgsin α＋F，物塊A受到的靜摩擦力增大；對D項，施加力F后，靜摩擦力FfD＝(mg＋F)sin α，物塊A受到的靜摩擦力增大，經(jīng)過比較可知FfD

21、和球2平拋運(yùn)動的高度相同，根據(jù)h＝gt2可得，小球運(yùn)動的時間相同，故A錯誤；豎直方向vy＝gt相同，由于球1的水平位移小于球2的水平位移，根據(jù)x＝vt可知，球2的初速度大于球1的初速度，根據(jù)速度的合成可知，球2的落臺速度大于球1的落臺速度，故B、C錯誤；由于時間相等，則豎直分速度相等，根據(jù)P＝mgvy知，重力的瞬時功率相等，故D正確．] 8．B　9.D　10.C　11.C 12．B　[電容器的電容為4.7 μF＝4.7×10－6 F，故A錯誤；自感線圈的自感系數(shù)為“1 H”，故B正確；根據(jù)Q＝CU得，電容器在20 V的工作電壓下，其帶電荷量為Q＝20×4.7×10－6 C＝9.4×10－5

22、 C，故C錯誤；在自感系數(shù)一定的條件下，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，則有：通過導(dǎo)體的電流的變化率越大，產(chǎn)生的自感電動勢越大，與電流大小及電流變化的大小無關(guān)，故D錯誤．] 13．A　[由庫侖定律知運(yùn)動過程中A、B間庫侖力的大小不變，點電荷B沿等勢面運(yùn)動，庫侖力對點電荷B不做功，選項D錯誤；B在A的正上方時，庫侖力方向為豎直方向，這時物體A受到的地面的支持力最大，選項A正確，B錯誤；B在A的正上方時，物體A不受摩擦力作用，故摩擦力的大小先減小后增大，選項C錯誤．] 14．AD　[家用照明電路所用的電壓為交流電壓，有效值為220 V，根據(jù)最大值與有效值的關(guān)系可知：Em＝E＝220×1.414 V≈3

23、11 V，故A正確；β衰變發(fā)出的β射線是由原子核內(nèi)的一個中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子和電子而形成的，故B錯誤；天然放射現(xiàn)象說明原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)，故C錯誤；在發(fā)生輕核聚變或重核裂變都要發(fā)生質(zhì)量虧損，放出能量，故D正確．] 15．BC 16．BD　[簡諧運(yùn)動圖象反映了振子的位移與時間的關(guān)系，甲振子的位移有時比乙振子的位移大，有時比乙振子的位移小，故A錯誤．根據(jù)切線的斜率等于速度，可知，零時刻，甲、乙兩振子的振動方向相反，故B正確．由a＝－分析可知，前2 s內(nèi)乙振子的加速度為正值，甲振子的加速度為負(fù)值，故C錯誤．第2 s末甲的位移等于零，通過平衡位置，速度達(dá)到其最大值，乙的位移達(dá)到最大值，加速度達(dá)到其最大值

24、，故D正確．] 17．(1)DE　(2)GK　0.66 解析　(1)實驗中改變拉力做功時，為了能定量，用不同條數(shù)的橡皮筋且拉到相同的長度，這樣橡皮筋對小車做的功就有倍數(shù)關(guān)系．而不需要測量出每根橡皮筋做功的數(shù)值．每次只要保證從同一位置由靜止釋放，這樣開始時橡皮筋的形變量相同，實驗過程中每根橡皮筋做的功就相同，故選項A、B錯誤；本實驗是為了探究做功W與小車速度v變化的關(guān)系，需要測出橡皮筋恢復(fù)原長時小車的速度，不需要測量小車的質(zhì)量，只要保證小車的質(zhì)量不變即可，故C錯誤，D正確．為了方便計算合力對小車做的功，平衡摩擦力后，橡皮筋對小車做的功就等于合力對小車做的功，選項E正確． (2)橡皮筋恢復(fù)原

25、長時小車做勻速運(yùn)動，應(yīng)選紙帶的GK部分，根據(jù)v＝≈0.66 m/s. 18．(1)R2　R4 (2)見解析圖 (3)?。璕 解析　(1)由于電池電流不超過40 mA，因此當(dāng)滑動變阻器調(diào)到零時，回路中最小電阻R＝＝200 Ω，因此保護(hù)電阻選R2，調(diào)節(jié)滑動變阻器時，回路電壓表應(yīng)接近滿偏，因此U＝≈6 V，因此滑動變阻器選R4. (2)實物連接如圖所示 (3)根據(jù)閉合電路歐姆定律可知：E＝U1＋I(xiàn)1(r＋R)；E＝U2＋I(xiàn)2(r＋R)；聯(lián)立解得：E＝；r＝－R. 19．(1)1.2 N　(2)1.8 N　(3)60 m 解析　(1)物塊a的加速度大小，a1＝＝ m/s2＝1.5

26、m/s2 由牛頓第二定律得 Ff＝ma1＝0.8×1.5 N＝1.2 N (2)物塊b的加速度大小， a2＝＝ m/s2＝0.75 m/s2 由牛頓第二定律得 F－Ff＝ma2 F＝1.2 N＋0.8×0.75 N＝1.8 N (3)v－t圖象中，圖線和t軸所圍成的“面積”表示位移，則8 s末a、b的位移xa＝12 m，xb＝72 m．所以Δx＝xb－xa＝60 m. 20．(1)6 m/s　(2)0.3 s　(3)3.5 J 解析　(1)根據(jù)牛頓第三定律，圓弧軌道在B處對賽車的支持力 FN＝F＝82 N 在B點由牛頓第二定律可得FN－mg＝m， 解得vB＝6 m/s

27、. (2)對軌道AB上的運(yùn)動過程由動能定理可得Pt－FfL＝mv， 解得t＝0.3 s. (3)設(shè)賽車通過D點時速度的豎直分速度為vy，水平分速度即為在C點的速度vC， 由v＝2gh，解得vy＝4 m/s， 又＝tan 37°，解得vC＝3 m/s 根據(jù)動能定理－2mgR－W＝mv－mv， 解得W＝3.5 J. 21．(1)18.6　(2)ABE 22．見解析 解析　(1)對cd棒，根據(jù)平衡條件有：F安＝BIL＝mgsin θ 所以通過cd棒的電流大?。篒＝ 當(dāng)ab棒在區(qū)域Ⅱ內(nèi)運(yùn)動時cd棒消耗的電功率：P＝I2R＝ (2)ab棒在到達(dá)區(qū)域Ⅱ前做勻加速直線運(yùn)動，有a＝g

28、sin θ cd棒始終靜止不動，ab棒在到達(dá)區(qū)域Ⅱ前、后，回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢和感應(yīng)電流保持不變，則ab棒在區(qū)域Ⅱ中一定做勻速直線運(yùn)動，可得：＝BLvt 即＝BLgsin θtx，解得：tx＝ ab棒在區(qū)域Ⅱ中做勻速直線運(yùn)動的速度為：vt＝atx＝ 通過磁場Ⅱ的時間為：t2＝＝ 故當(dāng)ab棒在區(qū)域Ⅱ內(nèi)運(yùn)動時cd棒消耗的熱量為：Q＝I2Rt2＝ (3)ab棒開始下滑至EF的過程中流過導(dǎo)體棒cd的電荷量為：q＝I(tx＋t2)＝ . 23．(1)5 m/s　15 m/s　(2)6.25 J　(3)在第一次碰撞點右方5 m、下方20 m處 解析　(1)第一次碰撞時，取水平向右為正

29、方向，根據(jù)動量守恒定律和機(jī)械能守恒定律得：3mv0＝3mv1＋mv2 ×3mv＝×3mv＋mv. 聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得：v1＝5 m/s，v2＝15 m/s (2)碰后兩球均進(jìn)入電場，豎直方向二者相對靜止，均做自由落體運(yùn)動，水平方向上A做勻速運(yùn)動，B做勻減速直線運(yùn)動，根據(jù)牛頓第二定律得： B的水平加速度大小為： aB＝＝ m/s2＝20 m/s2. 設(shè)經(jīng)過時間t兩球再次相碰，則有：v1t＝v2t－aBt2 解得t＝1 s 此時，B的水平速度大小為：vx＝v2－aBt＝15 m/s－20×1 m/s＝－5 m/s(負(fù)號表示方向向左) 豎直速度為：vy＝gt＝10×1 m/s＝10

30、 m/s 故第二次碰撞前瞬間小球B的動能為： EkB＝mv＝m(v＋v) 解得EkB＝6.25 J； (3)第二次碰撞時，A、B兩球水平方向動量守恒， 則有：3mv1＋mvx＝3mv1′＋mvx′ 根據(jù)機(jī)械能守恒得：×3m(v＋v)＋m(v＋v) ＝×3m(v1′2＋v)＋m(vx′2＋v) 解得第二次碰后水平方向A的速度為：v1′＝0，B的速度為vx′＝10 m/s 故第二次碰撞后A豎直下落，B在豎直方向上的運(yùn)動與A相同，水平方向上，B做勻減速直線運(yùn)動，設(shè)又經(jīng)過t′時間兩球第三次相碰，則有： vx′t′－aBt′2＝0，代入數(shù)據(jù)解得：t′＝1 s 因此，第三次相碰的位置在第一次碰撞點右方x＝v1t＝5×1 m＝5 m 下方y(tǒng)＝g(t＋t′)2＝×10×22 m＝20 m.