《2020高考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 第三十四講 基本不等式及其應(yīng)用 新人教版》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2020高考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 第三十四講 基本不等式及其應(yīng)用 新人教版（6頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、第三十四講　基本不等式及其應(yīng)用 班級(jí)________　姓名________　考號(hào)________　日期________　得分________ 一、選擇題：(本大題共6小題，每小題6分，共36分，將正確答案的代號(hào)填在題后的括號(hào)內(nèi)．) 1．“a>0且b>0”是“≥”的(　　) A．充分不必要條件 B．必要不充分條件 C．充要條件 D．既不充分也不必要條件 答案：A 2．設(shè)a、b∈R＋，且a＋b＝4，則有(　　) A.≥　　　　　　　　 B.＋≥1 C.≥2 D.≥ 解析：由a，b∈R*，且a＋b＝4得2≤4?≤2，≥，又由≤＝，即≤.由此可知，A，C，D都不正確，

2、則只有B正確，故選B. 答案：B 3．設(shè)0

3、cosαcosβ＋sinαsinβ ＝(cosαcosβ＋sinαsinβ)＝cos(α－β)． ∵cos(α－β)≤1，∴mx＋ny的最大值為. 答案：A 評(píng)析：此題若使用均值不等式，即mx＋ny≤＋＝，會(huì)錯(cuò)選B，因?yàn)樯鲜霾坏仁健埃健辈荒苋〉茫? 5．設(shè)a>b>c>0，則2a2＋＋－10ac＋25c2的最小值是(　　) A．2 B．4 C．2 D．5 解析：原式＝a2＋＋＋a2－10ac＋25c2＝a2＋＋(a－5c)2≥a2＋＋0≥4，當(dāng)且僅當(dāng)b＝a－b、a＝5c且a2＝，即a＝2b＝5c＝時(shí)“＝”都成立，故原式的最小值為4，選B. 答案：B 6．已知x

4、>0，y>0，x＋2y＋2xy＝8，則x＋2y的最小值是(　　) A．3 B．4 C. D. 解析：依題意得(x＋1)(2y＋1)＝9，(x＋1)＋(2y＋1)≥2＝6，x＋2y≥4，當(dāng)且僅當(dāng)x＋1＝2y＋1，即x＝2，y＝1時(shí)取等號(hào)，故x＋2y的最小值是4，選B. 答案：B 二、填空題：(本大題共4小題，每小題6分，共24分，把正確答案填在題后的橫線上．) 7．在“＋＝1”中的“__”處分別填上一個(gè)自然數(shù)，使它們的和最小，并求出其和的最小值．________ 分析：.本題條件、結(jié)論皆開(kāi)放，可設(shè)所要填寫(xiě)的兩數(shù)分別為x，y，再利用均值定理去探索． 解析：設(shè)這兩

5、個(gè)自然數(shù)分別為x，y， 則有x＋y＝(x＋y)＝13＋＋≥13＋2＝25， 當(dāng)且僅當(dāng)＝，且＋＝1，即x＝10，y＝15時(shí)等號(hào)成立，故分別填10和15，其和的最小值為25. 答案：10　15　25 評(píng)析：本題解答的關(guān)鍵是將已知中的“1”代換．應(yīng)用均值定理求函數(shù)的最值時(shí)，必須注意“一正二定三相等”． 8．若a，b是正常數(shù)，a≠b，x，y∈(0，＋∞)，則＋≥，當(dāng)且僅當(dāng)＝時(shí)取等號(hào)．利用以上結(jié)論，可以得到函數(shù)f(x)＝＋(x∈)的最小值為_(kāi)_______，取最小值時(shí)x的值為_(kāi)_______． 解析：f(x)＝＋≥＝25. 當(dāng)且僅當(dāng)＝，即x＝時(shí)上式取最小值，即[f(x)min]＝25.

6、答案：25　 9．(精選考題·重慶)已知t>0，則函數(shù)y＝的最小值為_(kāi)_______． 解析：依題意得y＝t＋－4≥2－4＝－2，此時(shí)t＝1，即函數(shù)y＝(t>0)的最小值是－2. 答案：－2 10．(精選考題·浙江)若正實(shí)數(shù)x，y滿足2x＋y＋6＝xy，則xy的最小值是________． 解析：由基本不等式得xy≥2＋6，令＝t得不等式t2－2t－6≥0，解得t≤－(舍去)或者t≥3，故xy的最小值為18. 答案：18 三、解答題：(本大題共3小題，11、12題13分，13題14分，寫(xiě)出證明過(guò)程或推演步驟．) 11．設(shè)a、b、c為正數(shù)，求證＋＋≥a＋b＋c 分析：通過(guò)觀察可得

7、： ·＝c2，·＝b2，·＝a2 從而利用基本不等式即可． 證明：∵a、b、c均是正數(shù) ∴，，均是正數(shù) ∴＋≥2c，＋≥2a，＋≥2b 三式相加得：2≥2(a＋b＋c) ∴＋＋≥a＋b＋c 評(píng)析：先局部運(yùn)用基本不等式，再利用不等式的性質(zhì)，(注意限制條件)通過(guò)相加(乘)合成為待證的不等式，既是運(yùn)用基本不等式時(shí)的一種重要技能，也是證明不等式時(shí)的一種常用方法． 12．設(shè)函數(shù)f(x)＝x＋，x∈[0，＋∞)． (1)當(dāng)a＝2時(shí)，求函數(shù)f(x)的最小值； (2)當(dāng)0

8、 由于x∈[0，＋∞)，所以x＋1>0，>0.所以f(x)≥2－1. 當(dāng)且僅當(dāng)x＋1＝，即x＝－1時(shí)，f(x)取得最小值，最小值為2－1. (2)因?yàn)閒(x)＝x＋＝x＋1＋－1，(此時(shí)再利用(1)的方法，等號(hào)取不到) 設(shè)x1>x2≥0，則f(x1)－f(x2)＝x1＋－x2－＝(x1－x2)·. 由于x1>x2≥0，所以x1－x2>0，x1＋1>1，x2＋1≥1.所以(x1＋1)(x2＋1)>1.而00. 即f(x1)>f(x2)，所以f(x)在[0，＋∞)上單調(diào)遞增． 所以f(x)min＝f(0)＝a. 評(píng)析：(2)問(wèn)中因等

9、號(hào)不能取到，所以考慮使用函數(shù)單調(diào)性，由此提醒我們時(shí)刻注意三個(gè)條件，在變形時(shí)拆分項(xiàng)及配湊因式是常用的方法． 13．某廠為適應(yīng)市場(chǎng)需求，投入98萬(wàn)元引進(jìn)世界先進(jìn)設(shè)備，并馬上投入生產(chǎn)，第一年需各種費(fèi)用12萬(wàn)元，從第二年開(kāi)始，每年所需費(fèi)用會(huì)比上一年增加4萬(wàn)元．而每年因引入該設(shè)備可獲得年利潤(rùn)為50萬(wàn)元．請(qǐng)你根據(jù)以上數(shù)據(jù)，解決以下問(wèn)題： (1)引進(jìn)該設(shè)備多少年后，開(kāi)始盈利？ (2)引進(jìn)該設(shè)備若干年后，有兩種處理方案： 第一種：年平均利潤(rùn)達(dá)到最大值時(shí)，以26萬(wàn)元的價(jià)格賣(mài)出． 第二種：盈利總額達(dá)到最大值時(shí)，以8萬(wàn)元的價(jià)格賣(mài)出．問(wèn)哪種方案較為合算？ 解：開(kāi)始盈利就是指所獲利潤(rùn)大于投資總數(shù)，據(jù)此建立不

10、等式求解；所謂方案最合理，就是指賣(mài)出設(shè)備時(shí)的年平均利潤(rùn)較大，因此只需將兩種方案的年平均利潤(rùn)分別求出，進(jìn)行比較即可． (1)設(shè)引進(jìn)該設(shè)備x年后開(kāi)始盈利．盈利額為y萬(wàn)元． 則y＝50x－98－＝－2x2＋40x－98，令y>0，得10－