《安徽省2020年高考數(shù)學(xué)第二輪復(fù)習(xí) 專(zhuān)題六 解析幾何第1講 直線與圓 文》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《安徽省2020年高考數(shù)學(xué)第二輪復(fù)習(xí) 專(zhuān)題六 解析幾何第1講 直線與圓 文（7頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、專(zhuān)題六　解析幾何第1講　直線與圓 真題試做 1．(2020·安徽高考，文9)若直線x－y＋1＝0與圓(x－a)2＋y2＝2有公共點(diǎn)，則實(shí)數(shù)a的取值范圍是(　　)． A．[－3，－1] B．[－1,3] C．[－3,1] D．(－∞，－3]∪[1，＋∞) 2．(2020·山東高考，文9)圓(x＋2)2＋y2＝4與圓(x－2)2＋(y－1)2＝9的位置關(guān)系為(　　)． A．內(nèi)切 B．相交 C．外切 D．相離 3．(2020·福建高考，文7)直線x＋y－2＝0與圓x2＋y2＝4相交于A，B兩點(diǎn)，則弦AB的長(zhǎng)度等于(　　)． A．2

2、 B．2 C. D．1 4．(2020·北京高考，文9)直線y＝x被圓x2＋(y－2)2＝4截得的弦長(zhǎng)為_(kāi)_________． 5．(2020·天津高考，文12)設(shè)m，n∈R，若直線l：mx＋ny－1＝0與x軸相交于點(diǎn)A，與y軸相交于點(diǎn)B，且l與圓x2＋y2＝4相交所得弦的長(zhǎng)為2，O為坐標(biāo)原點(diǎn)，則△AOB面積的最小值為_(kāi)_________． 6．(2020·江蘇高考，12)在平面直角坐標(biāo)系xOy中，圓C的方程為x2＋y2－8x＋15＝0，若直線y＝kx－2上至少存在一點(diǎn)，使得以該點(diǎn)為圓心，1為半徑的圓與圓C有公共點(diǎn)，則k的最大值是__________． 考向分析 直

3、線與方程是解析幾何的基礎(chǔ)，高考中主要考查基本概念和求在不同條件下的直線方程；直線平行與垂直的關(guān)系的判定；兩條直線的交點(diǎn)和距離問(wèn)題等，一般以選擇題、填空題的形式考查．對(duì)于圓的考查，主要是結(jié)合直線的方程用幾何法或待定系數(shù)法確定圓的標(biāo)準(zhǔn)方程及一般方程；利用圓的性質(zhì)求動(dòng)點(diǎn)的軌跡方程；直線與圓，圓與圓的位置關(guān)系等問(wèn)題，其中含參數(shù)問(wèn)題為命題熱點(diǎn)．一般以選擇題、填空題的形式考查，難度不大，從能力要求看，主要考查函數(shù)與方程的思想，數(shù)形結(jié)合思想以及分析問(wèn)題與解決問(wèn)題的能力． 熱點(diǎn)例析 熱點(diǎn)一　直線方程與兩條直線的位置關(guān)系 【例1】經(jīng)過(guò)點(diǎn)P(2，－3)作圓(x＋1)2＋y2＝25的弦AB，使點(diǎn)P為弦AB

4、的中點(diǎn)，則弦AB所在直線方程為(　　)． A．x－y－5＝0 B．x－y＋5＝0 C．x＋y＋5＝0 D．x＋y－5＝0 規(guī)律方法 (1)求直線方程的方法 ①直接法：直接選用恰當(dāng)?shù)闹本€方程的形式，寫(xiě)出結(jié)果； ②待定系數(shù)法：先由直線滿(mǎn)足的一個(gè)條件設(shè)出直線方程，使方程中含有一待定系數(shù)，再由題目中另一條件求出待定系數(shù)． (2)兩條直線平行與垂直的判定 ①若兩條不重合的直線l1，l2的斜率k1，k2存在，則l1∥l2k1＝k2，l1⊥l2k1k2＝－1； ②兩條不重合的直線a1x＋b1y＋c1＝0和a2x＋b2y＋c2＝0平行的充要條件為a1b2－a2b1＝0且a

5、1c2≠a2c1或b1c2≠b2c1； ③兩條直線a1x＋b1y＋c1＝0和a2x＋b2y＋c2＝0垂直的充要條件為a1a2＋b1b2＝0.判定兩直線平行與垂直的關(guān)系時(shí)，如果給出的直線方程中存在字母系數(shù)，不僅要考慮斜率存在的情況，還要考慮斜率不存在的情況． (3)忽視對(duì)直線方程中的字母分類(lèi)討論而丟解或增解 直線方程的截距式＋＝1中，有ab≠0的限制，而截距可以取正數(shù)、負(fù)數(shù)和零，所以需要對(duì)a，b分類(lèi)討論，否則容易造成丟解．如過(guò)點(diǎn)P(2，－1)，在x軸，y軸上的截距分別為a，b，且滿(mǎn)足a＝3b的直線易漏掉過(guò)原點(diǎn)的情形． 變式訓(xùn)練1 (1)“a＝3”是“直線ax－2y－1＝0與直線6x－4

6、y＋c＝0平行”的(　　)條件． A．充要 B．充分而不必要 C．必要而不充分 D．既不充分也不必要 (2)已知圓C過(guò)點(diǎn)(1,0)，且圓心在x軸的正半軸上，直線l：y＝x－1被圓C所截得的弦長(zhǎng)為2，則過(guò)圓心且與直線l垂直的直線的方程為_(kāi)_________． 熱點(diǎn)二　圓的方程 【例2】已知圓C經(jīng)過(guò)點(diǎn)A(1,3)，B(2,2)，并且直線m：3x－2y＝0平分圓的面積，則圓C的方程為_(kāi)_________． 規(guī)律方法 圓的方程的求法 求圓的方程一般有兩類(lèi)方法：(1)幾何法，通過(guò)研究圓的性質(zhì)、直線和圓、圓與圓的位置關(guān)系，從而求得圓的基本量和方程；(2)代數(shù)法，用待定系

7、數(shù)法先設(shè)出圓的方程，再由條件求得各系數(shù)，從而求得圓的方程一般采用待定系數(shù)法． 特別提醒：圓心到切線的距離等于半徑，該結(jié)論在解題過(guò)程中經(jīng)常用到，需牢記． 變式訓(xùn)練2 我們把圓心在一條直線上且相鄰兩圓彼此外切的一組圓叫做“串圓”．在如圖所示的“串圓”中，圓C1和圓C3的方程分別為x2＋y2＝1和(x－3)2＋(y－4)2＝1，則圓C2的方程為_(kāi)_________． 熱點(diǎn)三　直線與圓的位置關(guān)系 【例3】如圖所示，已知以點(diǎn)A(－1,2)為圓心的圓與直線l1：x＋2y＋7＝0相切．過(guò)點(diǎn)B(－2,0)的動(dòng)直線l與圓A相交于M，N兩點(diǎn)，Q是MN的中點(diǎn)，直線l與l1相交于點(diǎn)P. (1)求圓

8、A的方程； (2)當(dāng)|MN|＝2時(shí)，求直線l的方程； (3)是否為定值？如果是，求出其定值；如果不是，請(qǐng)說(shuō)明理由． 規(guī)律方法 (1)研究直線與圓的位置關(guān)系最基本的解題方法為代數(shù)法，將幾何問(wèn)題代數(shù)化，利用函數(shù)與方程思想解題． (2)與弦長(zhǎng)有關(guān)的問(wèn)題常用幾何法，即利用圓的半徑r，圓心到直線的距離d，及半弦長(zhǎng)，構(gòu)成直角三角形的三邊，利用其關(guān)系來(lái)處理． 變式訓(xùn)練3 已知直線l：2mx－y－8m－3＝0和圓C：(x－3)2＋(y＋6)2＝25. (1)證明：不論m取什么實(shí)數(shù)，直線l與圓C總相交； (2)求直線l被圓C截得的線段的最短長(zhǎng)度以及此時(shí)直線l的方程． 思想滲透 1．?dāng)?shù)形結(jié)合

9、思想 解答與圓有關(guān)的范圍問(wèn)題時(shí)，經(jīng)常以形助數(shù)，巧妙破解． 若直線y＝x＋b與曲線y＝3－有公共點(diǎn)，則b的取值范圍是(　　)． A．[－1,1＋2] B．[1－2，1＋2] C．[1－2，3] D．[1－，3] 解析：方程y＝x＋b表示斜率為1的平行直線系，曲線方程可化為(x－2)2＋(y－3)2＝4(1≤y≤3)表示圓心為(2,3)，半徑為2的下半圓． 如圖所示，當(dāng)直線y=x+b與半圓相切時(shí)須滿(mǎn)足圓心(2,3)到直線x－y＋b＝0的距離等于2，即＝2，解得b＝1－2或b＝1＋2(舍)． 當(dāng)直線y＝x＋b過(guò)點(diǎn)(0,3)時(shí)，可得b＝3，由圖可知滿(mǎn)足題意的b的取值范

10、圍為1－2≤b≤3. 答案：C 2．分類(lèi)討論思想 遇到字母時(shí)往往要對(duì)其進(jìn)行討論． 試判斷方程x2＋y2＋4x＋2my＋8＝0表示的曲線類(lèi)型． 解：將x2＋y2＋4x＋2my＋8＝0配方，得(x＋2)2＋(y＋m)2＝m2－4. (1)當(dāng)m2－4＞0，即m＜－2或m＞2時(shí)，原方程表示以(－2，－m)為圓心，為半徑的圓； (2)當(dāng)m2－4＝0，即m＝±2時(shí)，原方程表示點(diǎn)(－2，－2)或(－2,2)； (3)當(dāng)m2－4＜0，即－2＜m＜2時(shí)，原方程不表示任何曲線． 1．“a＝b”是“直線y＝x＋2與圓(x－a)2＋(y－b)2＝2相切”的(　　)． A．充分不必要條件 B

11、．必要不充分條件 C．充要條件 D．既不充分也不必要條件 2．已知圓C與直線x－y＝0及x－y－4＝0都相切，圓心在直線x＋y＝0上，則圓C的方程為(　　)． A．(x＋1)2＋(y－1)2＝2 B．(x－1)2＋(y＋1)2＝2 C．(x－1)2＋(y－1)2＝2 D．(x＋1)2＋(y＋1)2＝2 3．(2020·安徽安慶二模，5)已知圓C：x2＋y2－2x＋4y－4＝0，直線l：2x＋y＝0，則圓C上的點(diǎn)到直線l的距離最大值為(　　)． A．1 B．2 C．3 D．4 4．(2020·山東濰坊二模，14)若a，b，c是Rt△ABC的三邊的長(zhǎng)

12、(c為斜邊長(zhǎng))，則圓C：x2＋y2＝4被直線l：ax＋by＋c＝0所截得的弦長(zhǎng)為_(kāi)_________． 5．(2020·安徽省級(jí)示范高中高三聯(lián)考，文14)若圓(x－2)2＋(y－6)2＝3與直線y＝x＋b有交點(diǎn)，則b的最大值為_(kāi)_________． 6．(2020·湖北武昌5月模擬，13)在圓x2＋y2＝4上的點(diǎn)，與直線l：4x＋3y－12＝0的距離的最小值是__________． 7．已知直線l過(guò)點(diǎn)P(0,2)，斜率為k，圓Q：x2＋y2－12x＋32＝0. (1)若直線l和圓相切，求直線l的方程； (2)若直線l和圓交于A，B兩個(gè)不同的點(diǎn)，問(wèn)是否存在常數(shù)k，使得＋與共線？若存在，

13、求出k的值；若不存在，請(qǐng)說(shuō)明理由． 參考答案 命題調(diào)研·明晰考向 真題試做 1．C　解析：由題意可得，圓的圓心為(a,0)，半徑為， ∴≤，即|a＋1|≤2， 解得－3≤a≤1. 2．B　解析：圓O1：(x＋2)2＋y2＝4的圓心為(－2,0)，半徑r1＝2， 圓O2：(x－2)2＋(y－1)2＝9的圓心為(2,1)，半徑r2＝3，|O1O2|＝＝， 因?yàn)閞2－r1＜|O1O2|＜r1＋r2， 所以?xún)蓤A相交． 3．B　解析：由題意作出圖象如下圖，由圖可知圓心到直線AB的距離d＝＝1， 故|AB|＝2|BC|＝2＝2. 4．2　解析：由題意得，圓x2＋(y－2)2＝

14、4的圓心為(0,2)，半徑為2，圓心到直線x－y＝0的距離d＝＝. 設(shè)截得的弦長(zhǎng)為l，則由2＋()2＝22，得l＝2. 5．3　解析：∵l與圓相交所得弦的長(zhǎng)為2，∴＝， ∴m2＋n2＝≥2|mn|，∴|mn|≤. l與x軸的交點(diǎn)為A，與y軸的交點(diǎn)為B， ∴S△AOB＝·＝·≥×6＝3. 6.　解析：圓C的方程可化為(x－4)2＋y2＝1，直線y＝kx－2是過(guò)定點(diǎn)(0，－2)的動(dòng)直線．圓心C到直線y＝kx－2的距離d＝，要使其滿(mǎn)足已知條件，則需d≤1＋1， 即≤1＋1，解得0≤k≤. 故k的最大值為. 精要例析·聚焦熱點(diǎn) 熱點(diǎn)例析 【例1】 A　解析：設(shè)圓心為C，則AB垂直

15、于CP. kCP＝＝－1， 故直線AB的方程為y＋3＝x－2，即x－y－5＝0，故選A. 【變式訓(xùn)練1】 (1)C　解析：兩條直線平行的充要條件是：＝≠， 即故“a＝3”是“直線ax－2y－1＝0與直線6x－4y＋c＝0平行”的必要而不充分條件． (2)x＋y－3＝0　解析：設(shè)圓心坐標(biāo)為(x0,0)(x0＞0)． 由于圓過(guò)點(diǎn)(1,0)，則半徑r＝|x0－1|，圓心到直線l的距離d＝. 由弦長(zhǎng)為2可知2＝(x0－1)2－2， 整理得(x0－1)2＝4. ∴x0－1＝±2，∴x0＝3或x0＝－1(舍去)． 因此圓心為(3,0)，由此可求得過(guò)圓心且與直線y＝x－1垂直的直線方程為

16、y＝－(x－3)，即x＋y－3＝0. 【例2】 (x－2)2＋(y－3)2＝1　解析：由已知得，線段AB的中點(diǎn)E， kAB＝＝－1，故線段AB的中垂線方程為y－＝x－， 即x－y＋1＝0. 因?yàn)閳AC經(jīng)過(guò)A，B兩點(diǎn)，故圓心在線段AB的中垂線上． 又因?yàn)橹本€m：3x－2y＝0平分圓的面積，所以直線m經(jīng)過(guò)圓心． 由解得即圓心C(2,3)． 而圓的半徑r＝|CB|＝＝1， 所以圓C的方程為(x－2)2＋(y－3)2＝1. 【變式訓(xùn)練2】 2＋(y－2)2＝　解析：易求出C1(0,0)，半徑r1＝1， 圓心C3(3,4)，半徑r3＝1. 設(shè)圓C2的圓心坐標(biāo)為C2(a，b)，半徑為r

17、2，據(jù)題意得即可解出 故圓C2的方程為2＋(y－2)2＝. 【例3】 解：(1)設(shè)圓A的半徑為R. ∵圓A與直線l1：x＋2y＋7＝0相切，∴R＝＝2. ∴圓A的方程為(x＋1)2＋(y－2)2＝20. (2)當(dāng)直線l與x軸垂直時(shí)，易知x＝－2符合題意； 當(dāng)直線l與x軸不垂直時(shí)，設(shè)直線l的方程為y＝k(x＋2)， 即kx－y＋2k＝0. 連接AQ，則AQ⊥MN. ∵|MN|＝2，∴|AQ|＝＝1. 由|AQ|＝＝1，得k＝， ∴直線l的方程為3x－4y＋6＝0， ∴所求直線l的方程為x＝－2或3x－4y＋6＝0. (3)∵AQ⊥BP，∴·＝0， ∴·＝(＋)· ＝

18、·＋·＝·. 當(dāng)直線l與x軸垂直時(shí)，得P， 則＝. 又＝(1,2)，∴·＝·＝－5. 當(dāng)直線l的斜率存在時(shí)，設(shè)直線l的方程為y＝k(x＋2)． 由 解得P，∴＝， ∴·＝·＝－＝－5. 綜上所述，·是定值，且·＝－5. 【變式訓(xùn)練3】 (方法一)(1)證明：設(shè)圓心C到直線l的距離為d，則有d＝， 整理可得4(d2－1)m2＋12m＋d2－9＝0，① 為使上面關(guān)于m的方程有實(shí)數(shù)解， 則Δ＝122－16(d2－1)(d2－9)≥0，解得0≤d≤. 可得d＜5，故不論m為何實(shí)數(shù)，直線l與圓C總相交． (2)解：由(1)可知0≤d≤，即d的最大值為. 根據(jù)平面幾何知識(shí)可知

19、：當(dāng)圓心到直線l的距離最大時(shí)，直線l被圓C截得的線段長(zhǎng)度最短． ∴當(dāng)d＝時(shí)，線段(即弦)的最短長(zhǎng)度為 2＝2. 將d＝代入①可得m＝－，代入直線l的方程得直線被圓C截得最短線段時(shí)l的方程為x＋3y＋5＝0. (方法二)(1)證明：將直線l的方程變形有：m(2x－8)－y－3＝0， 解得知直線l過(guò)定點(diǎn)A(4，－3)． 又∵(4－3)2＋(－3＋6)2＜25，∴A點(diǎn)在圓C內(nèi)部， 因此直線l與圓C總相交． (2)解同方法一． 創(chuàng)新模擬·預(yù)測(cè)演練 1．A　解析：直線y＝x＋2與圓(x－a)2＋(y－b)2＝2相切?圓心(a，b)到直線y＝x＋2的距離d＝r，即＝，|a－b＋2|＝2

20、.解得a－b＝0或a－b＝－4，故選A. 2．B　解析：由圓心在直線x＋y＝0上，不妨設(shè)為C(a，－a)， ∴r＝＝， 解得a＝1，r＝， ∴圓C的方程為(x－1)2＋(y＋1)2＝2. 3．C　解析：可利用數(shù)形結(jié)合法進(jìn)行分析解決． 4．2 5．6　解析：圓心(2,6)到直線x－y＋b＝0的距離d＝≤，即－2≤2－6＋b≤2，6－4≤b≤6，故b的最大值為6. 6.　解析：圓的半徑是2，圓心(0,0)到l：4x＋3y－12＝0的距離d＝＝，所以圓x2＋y2＝4上的點(diǎn)與直線l：4x＋3y－12＝0的距離的最小值是－2＝. 7．解：(1)將圓的方程化簡(jiǎn)，得(x－6)2＋y2＝4.

21、 圓心Q(6,0)，半徑r＝2. 直線l的方程為：y＝kx＋2， 故圓心到直線l的距離d＝＝， 因?yàn)橹本€l和圓相切，故d＝r，即＝2， 解得k＝0或k＝－， 所以，直線l的方程為y＝2或3x＋4y－8＝0. (2)將直線l的方程和圓的方程聯(lián)立得 消去y得(1＋k2)x2＋4(k－3)x＋36＝0， 因?yàn)橹本€l和圓相交，故Δ＝[4(k－3)]2－4×36×(1＋k2)＞0， 解得－＜k＜0. 設(shè)A(x1，y1)，B(x2，y2)，則有 而y1＋y2＝kx1＋2＋kx2＋2＝k(x1＋x2)＋4， ＋＝(x1＋x2，y1＋y2)，＝(6，－2)． 因?yàn)椋c共線， 所以－2×(x1＋x2)＝6×(y1＋y2)， 即(1＋3k)(x1＋x2)＋12＝0， 代入得(1＋3k)＋12＝0，解得k＝－. 又因?yàn)椋糼＜0，所以沒(méi)有符合條件的常數(shù)k.