《2019高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第一部分 壓軸專題一 解析幾何 第1講 直線與圓錐曲線的位置關(guān)系練習(xí) 理》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2019高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第一部分 壓軸專題一 解析幾何 第1講 直線與圓錐曲線的位置關(guān)系練習(xí) 理（17頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、第1講 直線與圓錐曲線的位置關(guān)系 A組　小題提速練 一、選擇題 1．若直線l1：(a－1)x＋y－1＝0和直線l2：3x＋ay＋2＝0垂直，則實(shí)數(shù)a的值為 (　　) A.　　　　　　　　　　 B. C. D. 解析：由已知得3(a－1)＋a＝0，解得a＝，故選D. 答案：D 2．“ab＝4”是“直線2x＋ay－1＝0與直線bx＋2y－2＝0平行”的(　　) A．充分必要條件 B．充分而不必要條件 C．必要而不充分條件 D．既不充分也不必要條件 解析：因?yàn)閮蓷l直線平行，所以斜率相等，即－＝－，可得ab＝4，又當(dāng)a＝1，b＝4時(shí)，滿足ab＝4，但是兩直線重合，故選C

2、. 答案：C 3．當(dāng)a為任意實(shí)數(shù)時(shí)，直線(a－1)x－y＋a＋1＝0恒過定點(diǎn)C，則以C為圓心，為半徑的圓的方程為(　　) A．x2＋y2－2x＋4y＝0 B．x2＋y2＋2x＋4y＝0 C．x2＋y2＋2x－4y＝0 D．x2＋y2－2x－4y＝0 解析：由(a－1)x－y＋a＋1＝0得(x＋1)a－(x＋y－1)＝0，由x＋1＝0且x＋y－1＝0，解得x＝－1，y＝2，即該直線恒過點(diǎn)(－1,2)，∴所求圓的方程為(x＋1)2＋(y－2)2＝5，即x2＋y2＋2x－4y＝0. 答案：C 4．(2018·北京西城區(qū)模擬)與直線x＋y－2＝0和曲線x2＋y2－12x－12y＋54

3、＝0都相切的半徑最小的圓的標(biāo)準(zhǔn)方程是(　　) A．(x＋2)2＋(y－2)2＝2 B．(x－2)2＋(y＋2)2＝2 C．(x＋2)2＋(y＋2)2＝2 D．(x－2)2＋(y－2)2＝2 解析：由題意知，曲線為(x－6)2＋(y－6)2＝18，過圓心(6,6)作直線x＋y－2＝0的垂線，垂線方程為y＝x，則所求的最小圓的圓心必在直線y＝x上，又(6,6)到直線x＋y－2＝0的距離d＝＝5，故最小圓的半徑為，圓心坐標(biāo)為(2,2)，所以標(biāo)準(zhǔn)方程為(x－2)2＋(y－2)2＝2. 答案：D 5．一束光線從圓C的圓心C(－1,1)出發(fā)，經(jīng)x軸反射到圓C1：(x－2)2＋(y－3)2＝1

4、上的最短路程剛好是圓C的直徑，則圓C的方程為(　　) A．(x＋1)2＋(y－1)2＝4 B．(x＋1)2＋(y－1)2＝5 C．(x＋1)2＋(y－1)2＝16 D．(x＋1)2＋(y－1)2＝25 解析：圓C1的圓心C1的坐標(biāo)為(2,3)，半徑為r1＝1.點(diǎn)C(－1,1)關(guān)于x軸的對(duì)稱點(diǎn)C′的坐標(biāo)為(－1，－1)．因?yàn)镃′在反射線上，所以最短路程為|C′C1|－r1，即－1＝4.故圓C的半徑為r＝×4＝2，所以圓C的方程為(x＋1)2＋(y－1)2＝4，故選A. 答案：A 6．圓(x＋2)2＋y2＝4與圓(x－2)2＋(y－1)2＝9的位置關(guān)系為(　　) A．內(nèi)切 B．相

5、交 C．外切 D．相離 解析：兩圓的圓心距離為，兩圓的半徑之差為1、半徑之和為5，而1<<5，所以兩圓相交． 答案：B 7．圓x2＋y2－4x－4y－10＝0上的點(diǎn)到直線x＋y－14＝0的最大距離與最小距離的差是(　　) A．30 B．18 C．6 D．5 解析：由圓x2＋y2－4x－4y－10＝0知圓心坐標(biāo)為(2,2)，半徑為3，則圓上的點(diǎn)到直線x＋y－14＝0的最大距離為＋3＝8，最小距離為－3＝2，故最大距離與最小距離的差為6. 答案：C 8．在平面直角坐標(biāo)系xOy中，設(shè)直線y＝－x＋2與圓x2＋y2＝r2(r＞0)交于A，B兩點(diǎn)，O為坐標(biāo)原點(diǎn)．若圓上一點(diǎn)C滿足＝

6、＋，則r＝(　　) A．2 B. C．2 D. 解析：已知＝＋，兩邊平方化簡(jiǎn)得·＝－r2，所以cos ∠AOB＝－， 所以cos＝，圓心O(0,0)到直線的距離為＝，所以＝，解得r＝. 答案：B 9．已知直線l過圓x2＋(y－3)2＝4的圓心，且與直線x＋y＋1＝0垂直，則直線l的方程為(　　) A．x＋y－2＝0 B．x－y＋2＝0 C．x＋y－3＝0 D．x－y＋3＝0 解析：由已知得，圓心為(0,3)，所求直線的斜率為1，由直線方程的斜截式得y＝x＋3，即x－y＋3＝0，故選D. 答案：D 10．已知直線x＋y－k＝0(k>0)與圓x2＋y2＝4交于不同

7、的兩點(diǎn)A，B.O是坐標(biāo)原點(diǎn)，且有|＋|≥||，那么k的取值范圍是(　　) A．(，＋∞) B．[，＋∞) C．[，2) D．[，2) 解析：當(dāng)|＋|＝||時(shí)，O，A，B三點(diǎn)為等腰三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，其中OA＝OB，∠AOB＝120°，從而圓心O到直線x＋y－k＝0(k>0)的距離為1，此時(shí)k＝；當(dāng)k>時(shí)，|＋|>||，又直線與圓x2＋y2＝4有兩個(gè)不同的交點(diǎn)，故k<2.綜上，k的取值范圍為[，2)． 答案：C 11．(2018·唐山一中調(diào)研)點(diǎn)P(4，－2)與圓x2＋y2＝4上任一點(diǎn)連線的中點(diǎn)的軌跡方程是(　　) A．(x－2)2＋(y＋1)2＝1 B．(x－2)2＋(y＋1)

8、2＝4 C．(x＋4)2＋(y－2)2＝4 D．(x＋2)2＋(y－1)2＝1 解析：設(shè)圓上任意一點(diǎn)為(x1，y1)，中點(diǎn)為(x，y)，則，即，代入x2＋y2＝4，得(2x－4)2＋(2y＋2)2＝4，化簡(jiǎn)得(x－2)2＋(y＋1)2＝1. 答案：A 12．已知圓x2＋y2－4ax＋2by＋b2＝0(a>0，b>0)關(guān)于直線x－y－1＝0對(duì)稱，則ab的最大值是(　　) A. B. C. D. 解析：由圓x2＋y2－4ax＋2by＋b2＝0(a>0，b>0)關(guān)于直線x－y－1＝0對(duì)稱，可得圓心(2a，－b)在直線x－y－1＝0上，故有2a＋b－1＝0，即2a＋b＝1≥2

9、，解得ab≤，故ab的最大值為，故選B. 答案：B 二、填空題 13．已知圓C的圓心在x軸的正半軸上，點(diǎn)M(0，)在圓C上，且圓心到直線2x－y＝0的距離為，則圓C的方程為________． 解析：設(shè)圓心為(a,0)(a>0)，則圓心到直線2x－y＝0的距離d＝＝，得a＝2，半徑r＝＝3，所以圓C的方程為(x－2)2＋y2＝9. 答案：(x－2)2＋y2＝9 14．點(diǎn)P(1,2)和圓C：x2＋y2＋2kx＋2y＋k2＝0上的點(diǎn)的距離的最小值是________． 解析：圓的方程化為標(biāo)準(zhǔn)式為(x＋k)2＋(y＋1)2＝1. ∴圓心C(－k，－1)，半徑r＝1. 易知點(diǎn)P(1,2)

10、在圓外． ∴點(diǎn)P到圓心C的距離為： |PC|＝＝≥3. ∴|PC|min＝3. ∴點(diǎn)P和圓C上點(diǎn)的最小距離dmin＝|PC|min－r＝3－1＝2. 答案：2 15．過點(diǎn)M(1,2)的直線l與圓C：(x－3)2＋(y－4)2＝25交于A，B兩點(diǎn)，C為圓心，當(dāng)∠ACB最小時(shí)，直線l的方程是________． 解析：驗(yàn)證得M(1,2)在圓內(nèi)，當(dāng)∠ACB最小時(shí)，直線l與CM垂直，又圓心為(3,4)，則kCM＝＝1，則kl＝－1，故直線l的方程為y－2＝－(x－1)，整理得x＋y－3＝0. 答案：x＋y－3＝0 B組　大題規(guī)范練 1.若橢圓＋＝1(a>b>0)的

11、左、右焦點(diǎn)分別為F1、F2，線段F1F2被拋物線y2＝2bx的焦點(diǎn)F內(nèi)分成了3∶1的兩段． (1)求橢圓的離心率； (2)如圖，過點(diǎn)C(－1,0)的直線l交橢圓于不同兩點(diǎn)A，B，且＝2，當(dāng)△AOB的面積最大時(shí)，求直線l和橢圓的方程． 解析：(1)由題意知c＋＝3，∴b＝c，a2＝2b2，e＝＝＝. (2)設(shè)直線l：x＝ky－1，A(x1，y1)，B(x2，y2)， ∵＝2，∴(－1－x1，－y1)＝2(x2＋1，y2)， 即2y2＋y1＝0，?、? 由(1)知a2＝2b2，∴橢圓方程為x2＋2y2＝2b2. 由消去x得(k2＋2)y2－2ky＋1－2b2＝0， ∴y1＋y2＝，

12、?、? y1y2＝，?、? 由①②知y2＝－，y1＝. ∵S△AOB＝|y1|＋|y2|＝|y1－y2|， ∴S＝3·＝3·≤3·＝， 當(dāng)且僅當(dāng)|k|2＝2，即k＝±時(shí)取等號(hào)，此時(shí)直線的方程為x＝y(tǒng)－1或x＝－y－1. 又當(dāng)|k|2＝2時(shí)，y1y2＝· ＝－＝－1， ∴由y1y2＝得b2＝， ∴橢圓方程為＋＝1. 2．(2017·貴州興義八中月考)已知點(diǎn)M(，)在橢圓C：＋＝1(a>b>0)上，且橢圓的離心率為. (1)求橢圓C的方程； (2)若斜率為1的直線l與橢圓C交于A、B兩點(diǎn)，以AB為底邊作等腰三角形，頂點(diǎn)為P(－3,2)，求△PAB的面積． 解析：(1)由已知得

13、 解得 故橢圓C的方程為＋＝1. (2)設(shè)直線l的方程為y＝x＋m，A(x1，y1)， B(x2，y2)，AB的中點(diǎn)為D(x0，y0)． 由消去y， 整理得4x2＋6mx＋3m2－12＝0， 則x0＝＝－m，y0＝x0＋m＝m， 即D. 因?yàn)锳B是等腰三角形PAB的底邊，所以PD⊥AB， 即PD的斜率k＝＝－1，解得m＝2. 此時(shí)x1＋x2＝－3，x1x2＝0，則|AB|＝|x1－x2|＝·＝3，又點(diǎn)P到直線l：x－y＋2＝0的距離為d＝， 所以△PAB的面積為S＝|AB|·d＝. 3．已知P是圓C：x2＋y2＝4上的動(dòng)點(diǎn)，P在x軸上的射影為P′，點(diǎn)M滿足＝′，當(dāng)P在

14、圓C上運(yùn)動(dòng)時(shí)，點(diǎn)M形成的軌跡為曲線E. (1)求曲線E的方程； (2)經(jīng)過點(diǎn)A(0,2)的直線l與曲線E相交于點(diǎn)C，D，并且＝，求直線l的方程． 解析：(1)如圖，設(shè)M(x，y)，則P(x,2y)在圓C：x2＋y2＝4上． 所以x2＋4y2＝4，即曲線E的方程為＋y2＝1. (2)經(jīng)檢驗(yàn)，當(dāng)直線l⊥x軸時(shí)，題目條件不成立，所以直線l的斜率存在(如圖)． 設(shè)直線l：y＝kx＋2，C(x1，y1)，D(x2，y2)， 則聯(lián)立?(1＋4k2)x2＋16kx＋12＝0. Δ＝(16k)2－4(1＋4k2)·12>0，得k2>. x1＋x2＝－，　① x1x2＝.?、? 又由

15、＝，得x1＝x2， 將它代入①，②得k2＝1，k＝±1(滿足k2>)． 所以直線l的斜率為k＝±1. 所以直線l的方程為y＝±x＋2. 4．已知拋物線C的頂點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，焦點(diǎn)F(1,0)，其準(zhǔn)線與x軸的交點(diǎn)為K，過點(diǎn)K的直線l與C交于A，B兩點(diǎn)，點(diǎn)A關(guān)于x軸的對(duì)稱點(diǎn)為D. (1)證明：點(diǎn)F在直線BD上； (2)設(shè)·＝，求△BDK內(nèi)切圓M的方程． 解析：(1)證明：由題設(shè)可知K(－1,0)，拋物線的方程為y2＝4x，則可設(shè)直線l的方程為x＝my－1， A(x1，y1)，B(x2，y2)，D(x1，－y1)， 故整理得y2－4my＋4＝0，故 則直線BD的方程為 y－y2＝(

16、x－x2)， 即y－y2＝， 令y＝0，得x＝＝1， 所以F(1,0)在直線BD上． (2)由(1)可知 所以x1＋x2＝(my1－1)＋(my2－1)＝4m2－2， x1x2＝(my1－1)(my2－1)＝1， 又＝(x1－1，y1)，＝(x2－1，y2)， 故·＝(x1－1)(x2－1)＋y1y2＝x1x2－(x1＋x2)＋5＝8－4m2， 則8－4m2＝，∴m＝±， 故直線l的方程為3x＋4y＋3＝0或3x－4y＋3＝0， y2－y1＝± ＝±＝±， 故直線BD的方程為3x＋y－3＝0或 3x－y－3＝0， 又KF為∠BKD的平分線， 故可設(shè)圓心M(t,0

17、)(－10)的一個(gè)焦點(diǎn)，則點(diǎn)F到C的一條漸近線的距離為(　　) A. B．3 C.m D．3m 解析：雙曲線方程為－

18、＝1，焦點(diǎn)F到一條漸近線的距離為b＝.選A. 答案：A 3．已知雙曲線－＝1(a>0)的離心率為2，則a＝(　　) A．2 B. C. D．1 解析：因?yàn)殡p曲線的方程為－＝1，所以e2＝1＋＝4，因此a2＝1，a＝1.選D. 答案：D 4．等軸雙曲線C的中心在原點(diǎn)，焦點(diǎn)在x軸上，C與拋物線y2＝16x的準(zhǔn)線交于A，B兩點(diǎn)，|AB|＝4，則C的實(shí)軸長(zhǎng)為(　　) A. B．2 C．4 D．8 解析：拋物線y2＝16x的準(zhǔn)線方程是x＝－4，所以點(diǎn)A(－4,2)在等軸雙曲線C：x2－y2＝a2(a>0)上，將點(diǎn)A的坐標(biāo)代入得a＝2，所以C的實(shí)軸長(zhǎng)為4. 答案：C 5．已

19、知圓(x＋2)2＋y2＝36的圓心為M，設(shè)A為圓上任一點(diǎn)，N(2,0)，線段AN的垂直平分線交MA于點(diǎn)P，則動(dòng)點(diǎn)P的軌跡是(　　) A．圓 B．橢圓 C．雙曲線 D．拋物線 解析：點(diǎn)P在線段AN的垂直平分線上， 故|PA|＝|PN|.又AM是圓的半徑， ∴|PM|＋|PN|＝|PM|＋|PA|＝|AM|＝6>|MN|， 由橢圓定義知，點(diǎn)P的軌跡是橢圓． 答案：B 6．下列雙曲線中，焦點(diǎn)在y軸上且漸近線方程為y＝±2x的是(　　) A．x2－＝1 B.－y2＝1 C.－x2＝1 D．y2－＝1 解析：A、B選項(xiàng)中雙曲線的焦點(diǎn)在x軸上，C、D選項(xiàng)中雙曲線的焦點(diǎn)在y軸

20、上，又令－x2＝0，得y＝±2x，令y2－＝0，得y＝±x，故選C. 答案：C 7．已知雙曲線－＝1(a>0，b>0)的焦距為2，且雙曲線的一條漸近線與直線2x＋y＝0垂直，則雙曲線的方程為(　　) A.－y2＝1 B．x2－＝1 C.－＝1 D.－＝1 解析：由題意得c＝，＝，則a＝2，b＝1，所以雙曲線的方程為－y2＝1. 答案：A 8．已知雙曲線C：－＝1(a>0，b>0)的焦距為10，點(diǎn)P(2,1)在C的一條漸近線上，則C的方程為(　　) A.－＝1 B.－＝1 C.－＝1 D.－＝1 解析：依題意，解得， ∴雙曲線C的方程為－＝1. 答案：A

21、9．已知雙曲線C：－＝1的離心率e＝，且其右焦點(diǎn)為F2(5,0)，則雙曲線C的方程為(　　) A.－＝1 B.－＝1 C.－＝1 D.－＝1 解析：由題意得e＝＝，又右焦點(diǎn)為F2(5,0)，a2＋b2＝c2，所以a2＝16，b2＝9，故雙曲線C的方程為－＝1. 答案：C 10．在同一平面直角坐標(biāo)系中，方程a2x2＋b2y2＝1與ax＋by2＝0(a>b>0)表示的曲線大致是(　　) 解析：將方程a2x2＋b2y2＝1變形為＋＝1， ∵a>b>0， ∴<， ∴橢圓焦點(diǎn)在y軸上． 將方程ax＋by2＝0變形為y2＝－x， ∵a>b>0， ∴－<0， ∴拋物線焦

22、點(diǎn)在x軸負(fù)半軸上，開口向左．故選D. 答案：D 11．(2017·高考天津卷)已知雙曲線－＝1(a＞0，b＞0)的右焦點(diǎn)為F，點(diǎn)A在雙曲線的漸近線上，△OAF是邊長(zhǎng)為2的等邊三角形(O為原點(diǎn))，則雙曲線的方程為(　　) A.－＝1 B.－＝1 C.－y2＝1 D．x2－＝1 解析：根據(jù)題意畫出草圖如圖所示 . 由△AOF是邊長(zhǎng)為2的等邊三角形得到∠AOF＝60°，c＝|OF|＝2. 又點(diǎn)A在雙曲線的漸近線y＝x上，∴＝tan 60°＝. 又a2＋b2＝4，∴a＝1，b＝， ∴雙曲線的方程為x2－＝1. 故選D. 答案：D 12．已知雙曲線－＝1(b>0)，以

23、原點(diǎn)為圓心，雙曲線的實(shí)半軸長(zhǎng)為半徑長(zhǎng)的圓與雙曲線的兩條漸近線相交于A，B，C，D四點(diǎn)，四邊形ABCD的面積為2b，則雙曲線的方程為(　　) A.－＝1 B.－＝1 C.－＝1 D.－＝1 解析：根據(jù)圓和雙曲線的對(duì)稱性，可知四邊形ABCD為矩形．雙曲線的漸近線方程為y＝±x，圓的方程為x2＋y2＝4，不妨設(shè)交點(diǎn)A在第一象限，由y＝x，x2＋y2＝4得xA＝，yA＝，故四邊形ABCD的面積為4xAyA＝＝2b，解得b2＝12，故所求的雙曲線方程為－＝1，選D. 答案：D 二、填空題 13．若橢圓的方程為＋＝1，且此橢圓的焦距為4，則實(shí)數(shù)a＝________. 解析：由橢圓的焦

24、距為4得c＝2，當(dāng)2

25、雙曲線－＝1(a>0，b>0)的一個(gè)焦點(diǎn)，且雙曲線的離心率為2，則該雙曲線的方程為____________． 解析：由拋物線y2＝8x可知準(zhǔn)線方程為x＝－2，所以雙曲線的左焦點(diǎn)為(－2,0)，即c＝2；又因?yàn)殡p曲線的離心率為2，所以e＝＝2，故a＝1，由a2＋b2＝c2知b2＝3，所以該雙曲線的方程為x2－＝1. 答案：x2－＝1 16．已知雙曲線E：－＝1(a>0，b>0)．矩形ABCD的四個(gè)頂點(diǎn)在E上，AB，CD的中點(diǎn)為E的兩個(gè)焦點(diǎn)，且2|AB|＝3|BC|，則E的離心率是________． 解析：由已知得|AB|＝|CD|＝，|BC|＝|AD|＝|F1F2|＝2c. 因?yàn)?|A

26、B|＝3|BC|，所以＝6c,2b2＝3ac，＝3e,2(e2－1)＝3e,2e2－3e－2＝0，解得e＝2，或e＝－(舍去)． 答案：2 B組　大題規(guī)范練 1．過雙曲線－＝1的右焦點(diǎn)F2，傾斜角為30°的直線交雙曲線于A，B兩點(diǎn)，O為坐標(biāo)原點(diǎn)，F(xiàn)1為左焦點(diǎn)． (1)求|AB|； (2)求△AOB的面積． 解析：(1)由題意得a2＝3，b2＝6， ∴c2＝9，∴F2(3,0)． 直線方程為y＝(x－3)， ∴由得2x2－2＝6. 即5x2＋6x－27＝0，∴x＝－3或x＝. ∴則A，B(－3，－2) ∴|AB|＝＝. (2)由(1)得直線方程為x－3y－3＝0， ∴

27、(0,0)到直線的距離d＝＝， ∴S△AOB＝|AB|d＝××＝. 2．已知對(duì)稱中心在原點(diǎn)的橢圓的一個(gè)焦點(diǎn)與圓x2＋y2－2x＝0的圓心重合，且橢圓過點(diǎn)(，1)． (1)求橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程； (2)過點(diǎn)P(0,1)的直線與該橢圓交于A、B兩點(diǎn)，O為坐標(biāo)原點(diǎn)，若＝2，求△AOB的面積． 解析：(1)設(shè)橢圓的方程為＋＝1(a＞b＞0)，c為半焦距，由c＝得a2－b2＝2，① ∵橢圓過點(diǎn)(，1)，∴＋＝1，② 由①②解得a2＝4，b2＝2， 即所求橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程為＋＝1. (2)設(shè)A(x1，y1)，B(x2，y2)， 由＝2，有 設(shè)直線方程為y＝kx＋1，代入橢圓方程整理得(2

28、k2＋1)x2＋4kx－2＝0， 解得x＝，設(shè)x1＝，x2＝， 則－＝2·，解得k2＝， 所以△AOB的面積S＝|OP|·|x1－x2|＝·＝＝. 3．已知橢圓Γ：＋＝1(a>b>0)經(jīng)過點(diǎn)M，且離心率為. (1)求橢圓Γ的方程； (2)設(shè)點(diǎn)M在x軸上的射影為點(diǎn)N，過點(diǎn)N的直線l與橢圓Γ相交于A，B兩點(diǎn)，且＋3 ＝0，求直線l的方程． 解析：(1)由已知可得＋＝1， ＝， 解得a＝2，b＝1， 所以橢圓Γ的方程為＋y2＝1. (2)由已知N的坐標(biāo)為(，0)， 當(dāng)直線l斜率為0時(shí)，直線l為x軸，易知＋3 ＝0不成立． 當(dāng)直線l斜率不為0時(shí)，設(shè)直線l的方程為x＝my＋，代

29、入＋y2＝1， 整理得(4＋m2)y2＋2my－1＝0， 設(shè)A(x1，y1)，B(x2，y2)，則 y1＋y2＝，① y1y2＝，② 由＋3 ＝0，得y2＝－3y1，③ 由①②③解得m＝±. 所以直線l的方程為x＝±y＋， 即y＝±(x－)． 4.如圖所示，拋物線y2＝4x的焦點(diǎn)為F，動(dòng)點(diǎn)T(－1，m)，過F作TF的垂線交拋物線于P，Q兩點(diǎn)，弦PQ的中點(diǎn)為N. (1)證明：線段NT平行于x軸(或在x軸上)； (2)若m>0且|NF|＝|TF|，求m的值及點(diǎn)N的坐標(biāo)． 解析：(1)證明：易知拋物線的焦點(diǎn)為F(1,0)，準(zhǔn)線方程為x＝－1，動(dòng)點(diǎn)T(－1，m)在準(zhǔn)線上，則kT

30、F＝－. 當(dāng)m＝0時(shí)，T為拋物線準(zhǔn)線與x軸的交點(diǎn)，這時(shí)PQ為拋物線的通徑，點(diǎn)N與焦點(diǎn)F重合，顯然線段NT在x軸上． 當(dāng)m≠0時(shí)，由條件知kPQ＝， 所以直線PQ的方程為y＝(x－1)， 聯(lián)立 得x2－(2＋m2)x＋1＝0， Δ＝[－(2＋m2)]2－4＝m2(4＋m2)>0， 設(shè)P(x1，y1)，Q(x2，y2)， 可知x1＋x2＝2＋m2， y1＋y2＝(x1＋x2－2)＝2m. 所以弦PQ的中點(diǎn)N. 又T(－1，m)， 所以kNT＝0，則NT平行于x軸． 綜上可知，線段NT平行于x軸(或在x軸上)． (2)已知|NF|＝|TF|， 在△TFN中，tan∠NTF＝＝1?∠NTF＝45°， 設(shè)A是準(zhǔn)線與x軸的交點(diǎn)，則△TFA是等腰直角三角形，所以|TA|＝|AF|＝2， 又動(dòng)點(diǎn)T(－1，m)，其中m>0，則m＝2. 因?yàn)椤螻TF＝45°，所以kPQ＝tan 45°＝1， 又焦點(diǎn)F(1,0)，可得直線PQ的方程為y＝x－1. 由m＝2，得T(－1,2)， 由(1)知線段NT平行于x軸， 設(shè)N(x0，y0)，則y0＝2，代入y＝x－1， 得x0＝3，所以N(3,2)． 17