《2020屆高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 單元檢測八 立體幾何（提升卷）單元檢測 文（含解析） 新人教A版》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2020屆高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 單元檢測八 立體幾何（提升卷）單元檢測 文（含解析） 新人教A版（10頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、單元檢測八　立體幾何(提升卷) 考生注意： 1．本試卷分第Ⅰ卷(選擇題)和第Ⅱ卷(非選擇題)兩部分，共4頁． 2．答卷前，考生務(wù)必用藍(lán)、黑色字跡的鋼筆或圓珠筆將自己的姓名、班級、學(xué)號填寫在相應(yīng)位置上． 3．本次考試時(shí)間100分鐘，滿分130分． 4．請?jiān)诿芊饩€內(nèi)作答，保持試卷清潔完整． 第Ⅰ卷(選擇題　共60分) 一、選擇題(本題共12小題，每小題5分，共60分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的) 1．長方體的一個(gè)頂點(diǎn)上三條棱長分別是3,4,5，且它的8個(gè)頂點(diǎn)都在同一球面上，則這個(gè)球的表面積是(　　) A．25πB．50πC．125πD．都不對 答案　B

2、 解析　長方體的8個(gè)頂點(diǎn)都在同一球面上，則這個(gè)球是長方體的外接球，所以球直徑等于長方體的體對角線長，即R＝＝，所以球的表面積為4πR2＝4π·2＝50π，故選B. 2.如圖所示的正方形O′A′B′C′的邊長為1cm，它是水平放置的一個(gè)平面圖形的直觀圖，則原圖形的周長是(　　) A．6cmB．8cmC．(2＋3) cmD．(2＋2) cm 答案　B 解析　由斜二測畫法知，原圖四邊形OABC為平行四邊形，OB⊥OA，OA＝1 cm，OB＝2cm，所以AB＝3cm，因此其周長為(3＋1)×2＝8cm. 3．(2018·廣東省廣州市培正中學(xué)模擬)下列命題中，錯(cuò)誤的是(　　 ) A．

3、平行于同一平面的兩個(gè)平面平行 B．平行于同一直線的兩個(gè)平面平行 C．一條直線與兩個(gè)平行平面中的一個(gè)相交，那么這條直線必和另一個(gè)平面相交 D．一條直線與兩個(gè)平行平面所成的角相等 答案　B 解析　選項(xiàng)A正確，是面面平行的傳遞性．選項(xiàng)B錯(cuò)誤，比如正方體的兩相鄰側(cè)面與一側(cè)棱都平行，但兩側(cè)面所在平面相交．選項(xiàng)C正確，由反證法，若直線與另一平面不相交，則直線在平面內(nèi)或直線與平面平行，與直線與第一個(gè)平面相交矛盾．選項(xiàng)D正確，由線面角定義可知正確． 4.如圖，在多面體ABCDEF中，已知面ABCD是邊長為3的正方形，EF∥AB，EF＝，且EF與面ABCD的距離為2，則該多面體的體積為(　　)

4、 A.B．5C．6D. 答案　D 解析　分別取AB，CD的中點(diǎn)G，H，連接EG，GH，EH，把該多面體分割成一個(gè)四棱錐與一個(gè)三棱柱，可求得四棱錐的體積為3，三棱柱的體積為，所以整個(gè)多面體的體積為. 5．如圖，一個(gè)空間幾何體的正視圖，側(cè)視圖，俯視圖為全等的等腰直角三角形，如果直角三角形的直角邊的長為1，那么這個(gè)幾何體的體積為(　　 ) A.B.C.D．1 答案　A 解析　由三視圖還原可知，原圖形是底面是直角邊為1的等腰直角三角形，兩側(cè)面也是直角邊為1的等腰直角三角形，另一側(cè)面是邊長為的等邊三角形的三棱錐． 所以體積為V＝××1＝，選A. 6．設(shè)a，b是異面直線，則以下四個(gè)命題

5、：①存在分別經(jīng)過直線a和b的兩個(gè)互相垂直的平面；②存在分別經(jīng)過直線a和b的兩個(gè)平行平面；③經(jīng)過直線a有且只有一個(gè)平面垂直于直線b；④經(jīng)過直線a有且只有一個(gè)平面平行于直線b，其中正確的個(gè)數(shù)為(　　) A．1B．2C．3D．4 答案　C 解析　對于①，可以在兩個(gè)互相垂直的平面中，分別畫一條直線，當(dāng)這兩條直線異面時(shí)，可判斷①正確；對于②，可在兩個(gè)平行平面中，分別畫一條直線，當(dāng)這兩條直線異面時(shí)，可判斷②正確；對于③，當(dāng)這兩條直線不垂直時(shí)，不存在這樣的平面滿足題意，可判斷③錯(cuò)誤；對于④，假設(shè)過直線a有兩個(gè)平面α，β與直線b平行，則平面α，β相交于直線a，過直線b作一平面γ與平面α，β相交于兩條直線

6、m，n都與直線b平行，可得a與b平行，所以假設(shè)不成立，所以④正確，故選C. 7．(2018·廣東省廣州市培正中學(xué)模擬)如圖，長方體ABCD—A1B1C1D1中，∠DAD1＝45°，∠CDC1＝30°，那么異面直線AD1與DC1所成角的余弦值是(　　 ) A.B.C.D. 答案　C 解析　由∠DAD1＝45°，∠CDC1＝30°，可設(shè)AD＝DD1＝1，CD＝.連接BC1，BD. 由AD1∥BC1，所以異面直線AD1與DC1所成的角，即∠BC1D. 在△BDC1中，BC1＝，BD＝2，C1D＝2，由余弦定理可得cos∠BC1D＝＝＝， 所以異面直線AD1與DC1所成角的余弦值是，

7、選C. 8．△ABC所在的平面為α，直線l⊥AB，l⊥AC，直線m⊥BC，m⊥AC，則直線l，m的位置關(guān)系是(　　) A．相交B．平行C．異面D．不確定 答案　B 解析　∵l⊥AB，l⊥AC，AB∩AC＝A，AB，AC?平面ABC， ∴l(xiāng)⊥平面ABC. ∵m⊥BC，m⊥AC，BC∩AC＝C，BC，AC?平面ABC， ∴m⊥平面ABC， ∴l(xiāng)∥m，故選B. 9．已知α，β是兩個(gè)平面，直線l?α，l?β，若以①l⊥α；②l∥β；③α⊥β中兩個(gè)為條件，另一個(gè)為結(jié)論構(gòu)成三個(gè)命題，則其中正確的命題有(　　) A．①③?②；①②?③ B．①③?②；②③?① C．①②?③；②③?①

8、 D．①③?②；①②?③；②③?① 答案　A 解析　因?yàn)棣痢挺?，所以在β?nèi)找到一條直線m，使m⊥α，又因?yàn)閘⊥α，所以l∥m.又因?yàn)閘?β，所以l∥β，即①③?②；因?yàn)閘∥β，所以過l可作一平面γ∩β＝n，所以l∥n，又因?yàn)閘⊥α，所以n⊥α，又因?yàn)閚?β，所以α⊥β，即①②?③.故選A. 10．已知互相垂直的平面α，β交于直線l.若直線m，n滿足m∥α，n⊥β，則(　　) A．m∥lB．m∥nC．n⊥lD．m⊥n 答案　C 解析　∵互相垂直的平面α，β交于直線l，直線m, n滿足m∥α，∴m∥β或m?β或m與β相交，∵n⊥β，l?β，∴n⊥l.故選C. 11.如圖，在正方體AB

9、CD－A1B1C1D1中，M，N分別為棱BC和棱CC1的中點(diǎn)，則異面直線AC與MN所成的角為(　　) A．30° B．45° C．60° D．90° 答案　C 解析　連接BC1，AD1，D1C. ∵M(jìn)，N分別為BC，CC1的中點(diǎn)，∴MN∥BC1. 又易證得BC1∥AD1，∴MN∥AD1. ∴∠D1AC即為異面直線AC和MN所成的角． ∵ABCD－A1B1C1D1為正方體，∴AC＝AD1＝D1C.即△D1AC為正三角形， ∴∠D1AC＝60°.故C正確． 12.點(diǎn)P在正方體側(cè)面BCC1B1及其邊界上運(yùn)動(dòng)，并且保持AP⊥BD1，則點(diǎn)P的軌跡為(　　) A．線段B1C

10、 B．BB1的中點(diǎn)與CC1的中點(diǎn)連成的線段 C．線段BC1 D．BC的中點(diǎn)與B1C1的中點(diǎn)連成的線段 答案　A 解析　∵AP⊥BD1恒成立， ∴要保證AP所在的平面始終垂直于BD1. ∵AC⊥BD1，AB1⊥BD1，AC∩AB1＝A，AC，AB1?平面AB1C， ∴BD1⊥平面AB1C，∴P點(diǎn)在線段B1C上運(yùn)動(dòng)．故選A. 第Ⅱ卷(非選擇題　共70分) 二、填空題(本題共4小題，每小題5分，共20分．把答案填在題中橫線上) 13．往一個(gè)直徑為32厘米的圓柱形水桶中放入一個(gè)鐵球，球全部沒入水中后，水面升高9厘米，則此球的半徑為________厘米． 答案　12 解析　V＝S

11、h＝πr2h＝πR3， R＝＝＝12. 14.如圖，E，F(xiàn)分別為正方體的平面ADD1A1、平面BCC1B1的中心，則四邊形BFD1E在該正方體的面上的射影可能是____________．(填序號) 答案　②③ 解析　因?yàn)檎襟w是對稱的幾何體， 所以四邊形BFD1E在該正方體的面上的射影可分為：自上而下、自左至右、由前及后三個(gè)方向的射影， 也就是在平面ABCD、平面CDD1C1、平面BCC1B1上的射影．四邊形BFD1E在平面ABCD和平面CDD1C1上的射影相同，如圖②所示； 四邊形BFD1E在該正方體對角面的ABC1D1內(nèi)，它在平面BCC1B1上的射影顯然是一條線段，如

12、圖③所示． 故②③正確． 15.如圖所示，在正方體ABCD－A1B1C1D1中，M，N分別是棱AA1和AB上的點(diǎn)，若∠B1MN是直角，則∠C1MN＝__________. 答案　90° 解析　因?yàn)镃1B1⊥平面ABB1A1，MN?平面ABB1A1，所以C1B1⊥MN. 又因?yàn)镸N⊥MB1，MB1，C1B1?平面C1MB1，MB1∩C1B1＝B1，所以MN⊥平面C1MB1， 所以MN⊥C1M，所以∠C1MN＝90°. 16.如圖，∠BAC＝90°，PC⊥平面ABC，則在△ABC和△PAC的邊所在的直線中，與PC垂直的直線有________；與AP垂直的直線有________．

13、 答案　AB，BC，AC　AB 解析　∵PC⊥平面ABC，∴PC垂直于直線AB，BC，AC；∵AB⊥AC，AB⊥PC，AC∩PC＝C， ∴AB⊥平面PAC，∴與AP垂直的直線是AB. 三、解答題(本題共4小題，共50分．解答應(yīng)寫出文字說明、證明過程或演算步驟) 17．(12分)如圖，在直三棱柱(側(cè)棱垂直于底面)ABC－A1B1C1中，AC＝9，BC＝12，AB＝15，AA1＝12，點(diǎn)D是AB的中點(diǎn)． (1)求證：AC⊥B1C； (2)求證：AC1∥平面CDB1. 證明　(1)∵三棱柱ABC－A1B1C1為直三棱柱， ∴CC1⊥平面ABC， 又AC?平面ABC，∴CC1

14、⊥AC. 又∵AC＝9，BC＝12，AB＝15， ∴AC2＋BC2＝AB2，∴AC⊥BC. ∵CC1，BC?平面BB1C1C，CC1∩BC＝C， ∴AC⊥平面BB1C1C， 又B1C?平面BB1C1C，∴AC⊥B1C. (2)取A1B1的中點(diǎn)D1，連接C1D1，D1D和AD1， ∵AD∥D1B1，且AD＝D1B1， ∴四邊形ADB1D1為平行四邊形，∴AD1∥DB1， 又∵AD1?平面CDB1，DB1?平面CDB1， ∴AD1∥平面CDB1. ∵CC1∥DD1，且CC1＝DD1， ∴四邊形CC1D1D為平行四邊形，∴C1D1∥CD， 又∵CD?平面CDB1，C1D

15、1?平面CDB1， ∴C1D1∥平面CDB1， ∵AD1∩C1D1＝D1，AD1，C1D1?平面AC1D1， ∴平面AC1D1∥平面CDB1， 又AC1?平面AC1D1，∴AC1∥平面CDB1. 18．(12分)如圖，四棱錐P－ABCD的底面是矩形，側(cè)面PAD是正三角形，且側(cè)面PAD⊥底面ABCD，E為側(cè)棱PD的中點(diǎn)． (1)求證：PB∥平面EAC； (2)求證：AE⊥平面PCD； (3)當(dāng)為何值時(shí)，PB⊥AC? (1)證明　連接BD交AC于O，連接EO， 因?yàn)镺，E分別為BD，PD的中點(diǎn)，所以EO∥PB， 因?yàn)镋O?平面EAC，PB?平面EAC，所以PB∥平面E

16、AC. (2)證明　 ? ?平面PDC⊥平面PAD， 正三角形PAD中，E為PD的中點(diǎn)，所以AE⊥PD， 又平面PDC∩平面PAD＝PD，所以AE⊥平面PCD. (3)解　設(shè)N為AD中點(diǎn)，連接PN，則PN⊥AD. 又平面PAD⊥底面ABCD，所以PN⊥底面ABCD. 所以，NB為PB在平面ABCD上的射影． 要使PB⊥AC，只需NB⊥AC，在矩形ABCD中，設(shè)AD＝BC＝1，AB＝x，AN＝，由∠ANB＝∠BAC， 得Rt△NAB∽Rt△ABC，＝?AB2＝AN·BC?x2＝，解得x＝， 所以，當(dāng)＝時(shí)，PB⊥AC. 19．(13分)如圖，已知四棱錐P－ABCD，底面四邊

17、形ABCD為菱形，AB＝2，BD＝2，M，N分別是線段PA，PC的中點(diǎn)． (1)求證：MN∥平面ABCD； (2)求異面直線MN與BC所成角的大?。? (1)證明　連接AC交BD于點(diǎn)O， ∵M(jìn)，N分別是線段PA，PC的中點(diǎn)， ∴MN∥AC， ∵M(jìn)N?平面ABCD，AC?平面ABCD， ∴MN∥平面ABCD. (2)解　由(1)知，∠ACB就是異面直線MN與BC所成的角或其補(bǔ)角． ∵四邊形ABCD為菱形，AB＝2，BD＝2， ∴在Rt△BOC中，BC＝2，BO＝，∴∠OCB＝60°， ∴異面直線MN與BC所成的角為60°. 20．(13分)(2017·北京)如圖，在

18、三棱錐P－ABC中，PA⊥AB，PA⊥BC，AB⊥BC，PA＝AB＝BC＝2，D為線段AC的中點(diǎn)，E為線段PC上一點(diǎn)． (1)求證：PA⊥BD； (2)求證：平面BDE⊥平面PAC； (3)當(dāng)PA∥平面BDE時(shí)，求三棱錐E－BCD的體積． (1)證明　因?yàn)镻A⊥AB，PA⊥BC，AB，BC?平面ABC，AB∩BC＝B， 所以PA⊥平面ABC， 又因?yàn)锽D?平面ABC，所以PA⊥BD. (2)證明　因?yàn)锳B＝BC，D為AC中點(diǎn)，所以BD⊥AC， 由(1)知，PA⊥BD，AC∩PA＝A，AC，PA?平面PAC， 所以BD⊥平面PAC. 又因?yàn)锽D?平面BDE， 所以平面BDE⊥平面PAC. (3)解　因?yàn)镻A∥平面BDE，PA?平面PAC，平面PAC∩平面BDE＝DE， 所以PA∥DE. 因?yàn)镈為AC的中點(diǎn)，所以DE＝PA＝1，BD＝DC＝. 由(1)知，PA⊥平面ABC，所以DE⊥平面ABC. 所以三棱錐E－BCD的體積V＝BD·DC·DE＝. 10