《湖南師大附中 高一下學(xué)期期末考試物理Word版含答案》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《湖南師大附中 高一下學(xué)期期末考試物理Word版含答案（14頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、湖南師大附中2017－2018學(xué)年度高一第二學(xué)期期末考試 物　理 時(shí)量：90分鐘(第Ⅰ卷60分鐘，第Ⅱ卷30分鐘)　 滿分：150分(第Ⅰ卷100分，第Ⅱ卷50分) 得分：____________ 第Ⅰ卷　(必做題，共100分) 　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 一、單項(xiàng)選擇題(共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求) 1．在物理學(xué)的發(fā)展過程中，科學(xué)家們創(chuàng)造出了許多物理學(xué)研究方法，以下關(guān)于所用物理學(xué)研究方法的敘述不正確的是 A．加速度、速度都是采取比值法定義的物理量 B．在探究共點(diǎn)力的合成時(shí)用到了等效替代的思想方法

2、 C．牛頓提出了萬有引力定律，并沒有通過實(shí)驗(yàn)測(cè)出萬有引力常量的數(shù)值 D．牛頓第一定律是利用邏輯思維對(duì)事實(shí)進(jìn)行分析的產(chǎn)物，可以用實(shí)驗(yàn)直接驗(yàn)證 2．汽車以20 m/s的速度做勻速直線運(yùn)動(dòng)，發(fā)現(xiàn)前方有障礙物立即剎車，剎車的加速度大小為5 m/s2, 則汽車剎車后第2 s內(nèi)的位移和剎車后5 s內(nèi)的位移為 A．30 m，40 m B．30 m，37.5 m C．12.5 m，40 m D．12.5 m，37.5 m 3．如圖所示，質(zhì)量均為m的兩個(gè)小球A、B(可視為質(zhì)點(diǎn))固定在細(xì)桿的兩端，將其放入光滑的半球形碗中，桿的長(zhǎng)度等于碗的半徑，當(dāng)桿與兩球組成的系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)時(shí)，桿對(duì)小球A的作

3、用力為 A.mg B.mg C.mg D．2mg 4．下列說法正確的是 A．物體做曲線運(yùn)動(dòng)時(shí)，速度、加速度都一定在改變 B．做曲線運(yùn)動(dòng)的物體受到的合外力可能為零 C．物體在恒力作用下不可能做曲線運(yùn)動(dòng) D．做曲線運(yùn)動(dòng)的物體，加速度可能不變 5．如圖所示的曲線是某個(gè)質(zhì)點(diǎn)在恒力作用下的一段運(yùn)動(dòng)軌跡．質(zhì)點(diǎn)從M點(diǎn)出發(fā)經(jīng)P點(diǎn)到達(dá)N點(diǎn)，已知弧長(zhǎng)MP大于弧長(zhǎng)PN，質(zhì)點(diǎn)由M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)與從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的時(shí)間相等．下列說法中正確的是 A．質(zhì)點(diǎn)從M到N過程中速度大小保持不變 B．質(zhì)點(diǎn)在這兩段時(shí)間內(nèi)的速度變化量大小相等，方向相同 C．質(zhì)點(diǎn)在這兩段時(shí)間內(nèi)的速度變化量大小不相等，但方向相同

4、 D．質(zhì)點(diǎn)在MN間的運(yùn)動(dòng)不是勻變速運(yùn)動(dòng) 6．“套圈圈”是老少皆宜的游戲，如圖，大人和小孩在同一豎直線上的不同高度處分別以水平速度v1、v2拋出鐵絲圈，都能套中地面上同一目標(biāo)．設(shè)鐵絲圈在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間分別為t1、t2, 則 A．v1＝v2 B．v1＞v2 C．t1＝t2 D．t1＞t2 7．如圖所示，A是靜止在赤道上的物體，B、C是同一平面內(nèi)的兩顆人造衛(wèi)星．B位于離地高度等于地球半徑的圓形軌道上，C是地球同步衛(wèi)星．則以下判斷正確的是 A．衛(wèi)星B的速度大小等于地球的第一宇宙速度 B．A、B的線速度大小關(guān)系為vA＞vB C．周期大小關(guān)系為TA＝TC＞TB D．B、C的線

5、速度大小關(guān)系為vC＞vB 8．“神舟”六號(hào)載人飛船順利發(fā)射升空后，經(jīng)過115小時(shí)32分的太空飛行，在離地面約為430 km的圓軌道上運(yùn)行了77圈，運(yùn)動(dòng)中需要多次“軌道維持”．所謂“軌道維持”就是通過控制飛船上發(fā)動(dòng)機(jī)的點(diǎn)火時(shí)間和推力的大小和方向，使飛船能保持在預(yù)定軌道上穩(wěn)定飛行，如果不進(jìn)行“軌道維持”，由于飛船受到軌道上稀薄空氣的影響，軌道高度會(huì)逐漸降低，在這種情況下飛船的動(dòng)能、重力勢(shì)能和機(jī)械能的變化情況是 A．動(dòng)能、重力勢(shì)能和機(jī)械能逐漸減少 B．重力勢(shì)能逐漸減小，動(dòng)能逐漸增大，機(jī)械能不變 C．重力勢(shì)能逐漸增大，動(dòng)能逐漸減小，機(jī)械能不變 D．重力勢(shì)能逐漸減小，動(dòng)能逐漸增大，機(jī)械能逐漸減

6、小 9．如圖所示，a、b、c三個(gè)相同的小球，a從光滑斜面頂端由靜止開始自由下滑，同時(shí)b、c從同一高度分別開始自由下落和平拋．下列說法正確的有 A．重力做功大小相等 B．它們的末動(dòng)能相同 C．運(yùn)動(dòng)過程中重力的平均功率相等 D．它們落地時(shí)重力的瞬時(shí)功率相等 10．質(zhì)點(diǎn)所受的力F隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示，力的方向始終在一直線上．已知t＝0時(shí)質(zhì)點(diǎn)的速度為零．在圖中所示的t1、t2、t3和t4各時(shí)刻中，哪一時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)的動(dòng)能最大 A．t1 B．t2 C．t3 D．t4 11．假設(shè)列車從靜止開始做勻加速運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過500 m的路程后，速度達(dá)到360 km/h.整個(gè)列車的質(zhì)量為1.0

7、0×105 kg，如果不計(jì)阻力，在勻加速階段，牽引力的最大功率是 A．4.67×106 kW B．1.0×105 kW C．1.0×108 kW D．4.67×109 kW 12．在平直的公路上，汽車由靜止開始做勻加速運(yùn)動(dòng)．當(dāng)速度達(dá)到vm后，立即關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)而滑行直到停止．v－t圖線如圖所示，汽車的牽引力大小為F1，摩擦力大小為F2. 全過程中，牽引力做的功為W1, 克服摩擦阻力做功為W2. 以下是F1、F2及W1、W2間關(guān)系的說法，其中正確的是 ①F1∶F2＝1∶3　②F1∶F2＝4∶3?、踂1∶W2＝1∶1 ④W1∶W2＝1∶3 A．②③ B．②④ C．①③ D．①

8、④ 第Ⅰ卷選擇題答題卡 題 號(hào) 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 得 分 答 案 二、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共19分，13題每空3分，14題每空2分) 13．用如圖所示的裝置測(cè)量彈簧的彈性勢(shì)能．將彈簧放置在水平氣墊導(dǎo)軌上，左端固定，右端在O點(diǎn)；在O點(diǎn)右側(cè)的B、C位置各安裝一個(gè)光電門，計(jì)時(shí)器(圖中未畫出)與兩個(gè)光電門相連．先用米尺測(cè)得B、C兩點(diǎn)間距離s，再用帶有遮光片的滑塊壓縮彈簧到某位置A后由靜止釋放，計(jì)時(shí)器顯示遮光片從B到C所用的時(shí)間t，用米尺測(cè)量A、O之間的距離x. (1)計(jì)算滑塊離

9、開彈簧時(shí)速度大小的表達(dá)式是________． (2)為求出彈簧的彈性勢(shì)能，還需要測(cè)量__________． A．彈簧原長(zhǎng)　　　 B．當(dāng)?shù)刂亓铀俣? C．滑塊(含遮光片)的質(zhì)量 (3)增大A、O之間的距離x，計(jì)時(shí)器顯示的時(shí)間t將__________． A．增大 　　　B．減小 　　　C．不變 14．在用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)中，質(zhì)量m＝1.00 kg的重物自由下落，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上打出一系列點(diǎn)．如圖1所示為選取的一條符合實(shí)驗(yàn)要求的紙帶，O為第一個(gè)點(diǎn)，A、B、C為從合適位置開始選取的三個(gè)連續(xù)點(diǎn)(其他點(diǎn)未畫出)．已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器每隔0.02 s打一次點(diǎn)，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?/p>

10、g＝9.80 m/s2. 那么： (1)紙帶的________(選填“左”或“右”)端與重物相連； (2)根據(jù)圖上所得的數(shù)據(jù)，應(yīng)取圖中O點(diǎn)和________點(diǎn)來驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律； (3)從O點(diǎn)到所取點(diǎn)，重物重力勢(shì)能減少量Ep＝________J，該所取點(diǎn)的速度大小為________m/s；(結(jié)果取3位有效數(shù)字) (4)如圖2，一位同學(xué)按如下方法判斷機(jī)械能是否守恒：在紙帶上選取多個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，測(cè)量它們到起始點(diǎn)O的距離h，計(jì)算對(duì)應(yīng)計(jì)數(shù)點(diǎn)的重物速度為v，描繪v2－h(huán)圖象，若圖象是一條過原點(diǎn)的直線，則重物下落過程中機(jī)械能守恒，該同學(xué)的判斷依據(jù)________．(填“正確”或“不正確) 三、

11、計(jì)算題(共2題，共21分.15題10分，16題11分) 15．一輛載貨的汽車，總質(zhì)量是4.0×103 kg，牽引力是4.8×103 N，從靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過10 s前進(jìn)了40 m．求： (1)汽車運(yùn)動(dòng)的加速度； (2)汽車所受到的阻力(設(shè)阻力恒定)． 16．如圖所示，長(zhǎng)為l的細(xì)線下系一質(zhì)量為m的小球，線上端固定在O點(diǎn)，小球可以在豎直面內(nèi)擺動(dòng)，不計(jì)空氣阻力，當(dāng)小球從偏角為θ的位置由靜止運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過程中，求： (1)重力對(duì)小球做的功； (2)小球到最低點(diǎn)時(shí)的速度大??； (3)小球在最低點(diǎn)時(shí)，對(duì)細(xì)繩的拉力大?。? 第Ⅱ

12、卷　(選做題，共50分) 四、多項(xiàng)選擇題(共5小題，每小題全選對(duì)記6分，部分對(duì)記3分，有選錯(cuò)的記0分，共30分) 17．18世紀(jì)，數(shù)學(xué)家莫佩爾蒂，哲學(xué)家伏爾泰曾經(jīng)設(shè)想“穿透”地球；假設(shè)能夠沿著地球兩極連線開鑿一條沿著地軸的隧道貫穿地球，一個(gè)人可以從北極入口由靜止自由落入隧道中，忽略一切阻力，此人可以從南極出口飛出，(已知此人的質(zhì)量m＝50 kg；地球表面處重力加速度g取10 m/s2；地球半徑R＝6.4×106 m；假設(shè)地球可視為質(zhì)量分布均勻的球體．均勻球殼對(duì)殼內(nèi)任一點(diǎn)的質(zhì)點(diǎn)合引力為零)則以下說法正確的是 A．人與地球構(gòu)成的系統(tǒng)，由于重力發(fā)生變化，故機(jī)械能不守恒 B．人在下落過程中，受

13、到的萬有引力與到地心的距離成正比 C．人從北極開始下落，到剛好經(jīng)過地心的過程，萬有引力對(duì)人做功W＝3.2×109 J D．當(dāng)人下落經(jīng)過距地心R瞬間，人的瞬時(shí)速度大小為4×103 m/s 18．如圖所示，三個(gè)小球A、B、C的質(zhì)量均為m，A與B、C間通過鉸鏈用輕桿連接，桿長(zhǎng)為L(zhǎng)，B、C置于水平地面上，用一輕質(zhì)彈簧連接，彈簧處于原長(zhǎng)．現(xiàn)A由靜止釋放下降到最低點(diǎn)，兩輕桿間夾角α由60°變?yōu)?20°，A、B、C在同一豎直平面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，彈簧在彈性限度內(nèi)，忽略一切摩擦，重力加速度為g.則在此過程中 A．A的動(dòng)能達(dá)到最大前，B受到地面的支持力小于mg B．A的動(dòng)能最大時(shí)，B受到地面的支持力等于mg

14、 C．彈簧的彈性勢(shì)能最大時(shí)，A的加速度方向豎直向下 D．彈簧的彈性勢(shì)能最大值為mgL 19．如圖所示，豎直墻面與水平地面均光滑且絕緣，兩個(gè)帶有同種電荷的小球A、B分別處于豎直墻面和水平地面，且處于同一豎直平面內(nèi)，若用圖示方向的水平推力F作用于小球B，則兩球靜止于圖示位置．如果將小球B向左推動(dòng)少許，并待兩球重新達(dá)到平衡時(shí)，則兩個(gè)小球的受力情況與原來相比 A．推力F將增大 B．豎直墻面對(duì)小球A的彈力減小 C．地面對(duì)小球B的彈力一定不變 D．兩個(gè)小球之間的距離增大 20．如圖所示，在點(diǎn)電荷Q產(chǎn)生的電場(chǎng)中，實(shí)線MN是一條方向未標(biāo)出的電場(chǎng)線，虛線AB是一個(gè)電子只在靜電力作用下

15、的運(yùn)動(dòng)軌跡．設(shè)電子在A、B兩點(diǎn)的加速度大小分別為aA、aB, 電勢(shì)能分別為EpA、EpB. 下列說法正確的是 A．電子一定從A向B運(yùn)動(dòng) B．若aA＞aB, 則Q靠近M端且為正電荷 C．無論Q為正電荷還是負(fù)電荷，一定有EpA＜EpB D．B點(diǎn)電勢(shì)可能高于A點(diǎn)電勢(shì) 21．如圖，同一平面內(nèi)的a，b，c，d四點(diǎn)處于勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)方向與此平面平行，M為a、c連線的中點(diǎn)，N為b、d連線的中點(diǎn)．一電荷量為q(q>0)的粒子從a點(diǎn)移動(dòng)到b點(diǎn)，其電勢(shì)能減小W1；若該粒子從c點(diǎn)移動(dòng)到d點(diǎn)，其電勢(shì)能減小W2.下列說法正確的是 A．此勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)方向一定與a、b兩點(diǎn)連線平行 B．若c、d之間的距

16、離為L(zhǎng)，則該電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小一定為 C．若該粒子從M點(diǎn)移動(dòng)到N點(diǎn)，則電場(chǎng)力做功一定為 D．若W1＝W2，則a、M兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差一定等于b、N兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差 第Ⅱ卷選擇題答題卡 題 號(hào) 17 18 19 20 21 得 分 答 案 五、綜合應(yīng)用題(本題共2小題，共20分．第22題12分，第23題8分) 22．如圖所示為一皮帶傳送裝置，其中AB段水平，長(zhǎng)度LAB＝4 m，BC段傾斜，長(zhǎng)度足夠長(zhǎng)，傾角為θ＝37°，AB和BC在B點(diǎn)通過一段極短的圓弧連接(圖中未畫出圓弧)．傳送帶以v＝4 m/s的恒定速率順時(shí)針運(yùn)轉(zhuǎn)．現(xiàn)將一質(zhì)量m＝1 kg的工件(

17、可看做質(zhì)點(diǎn))無初速度地放在A點(diǎn)，已知工件與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.5，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8.g取10 m/s2，求： (1)工件從A點(diǎn)開始至第一次到達(dá)B點(diǎn)所用的時(shí)間t； (2)工件從第一次到達(dá)B點(diǎn)至第二次到達(dá)B點(diǎn)的過程中，工件與傳送帶間因摩擦而產(chǎn)生的熱量Q. 23．如圖所示，絕緣光滑軌道AB部分為傾角為30°的斜面，AC部分為豎直平面上半徑為R的圓軌道，斜面與圓軌道在A點(diǎn)相切．整個(gè)裝置處于場(chǎng)強(qiáng)為E、方向水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中．現(xiàn)有一質(zhì)量為m的帶正電、電量q＝的小球，要使小球能安全通過圓軌道，在O點(diǎn)的初速度應(yīng)為多大？

18、 湖南師大附中2017－2018學(xué)年度高一第二學(xué)期期末考試 物理參考答案 第Ⅰ卷 一、單項(xiàng)選擇題(每小題5分，共60分) 題號(hào) 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 D C C D B D C D A B B A 1.D　【解析】速度是物體的位移與所用時(shí)間的比值，與位移大?。畷r(shí)間都無關(guān)；加速度是用比值法定義的，與速度的變化量無關(guān)，是伽利略首先建立起來的．故A正確；在共點(diǎn)力的合成實(shí)驗(yàn)中要求兩次拉橡皮筋的效果相同，故實(shí)驗(yàn)采用了等效替代的方法．故B正確；牛頓提出了萬有引力定律，卡文迪許通過實(shí)驗(yàn)測(cè)出了萬有引力

19、常量的數(shù)值．故C正確；牛頓在伽利略的理想斜面實(shí)驗(yàn)的基礎(chǔ)上，利用邏輯思維對(duì)事實(shí)進(jìn)行分析得出了牛頓第一定律，該定律不能用實(shí)驗(yàn)直接驗(yàn)證．故D錯(cuò)誤． 2．C　【解析】汽車減速到0需要的時(shí)間為：t＝＝＝4 s，剎車后1 s內(nèi)的位移x1＝(20×1－×5×12) m＝17.5 m，2 s內(nèi)的位移為：x2＝v0t＋at＝(20×2－×5×22) m＝30 m，∴剎車后第2 s內(nèi)的位移Δx＝x2－x1＝12.5 m．汽車運(yùn)動(dòng)4 s就停止運(yùn)動(dòng)，則剎車后5 s內(nèi)的位移為：x＝＝＝40 m，故答案為：C. 3．C　【解析】由題得知，A、B間的桿一定水平，對(duì)其中一個(gè)小球受力分析如圖所示． 因?yàn)闂U的長(zhǎng)度等于碗

20、的半徑，根據(jù)幾何知識(shí)得知OA、OB與豎直方向的夾角為30°. 如圖，由共點(diǎn)力的平衡知識(shí)可得，桿的作用力為： F＝mgtan 30°＝mg，故C正確，ABD錯(cuò)誤． 4．D　【解析】當(dāng)合力與速度不在同一條直線上時(shí)，物體做曲線運(yùn)動(dòng)，而加速度可不變，也可以變化，但速度一定變化，答案為：D. 5．B　【解析】因質(zhì)點(diǎn)在恒力作用下運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律可知，質(zhì)點(diǎn)做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，由于加速度不變，從M到N過程中，根據(jù)一段路程中的平均速率v＝，可知，速度大小變化，A不符合題意；因加速度不變，則質(zhì)點(diǎn)在這兩段時(shí)間內(nèi)的速度變化量大小相等，方向相同，B符合題意，C不符合題意；在MN間的運(yùn)動(dòng)是勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，故答案

21、為：B. 6．D　【解析】圈圈做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直分運(yùn)動(dòng)是自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)h＝gt2，有：t＝，故t1＞t2, 故C錯(cuò)誤，D正確；水平分位移相同，由于t1＞t2，根據(jù)x＝v0t，有：v1＜v2；故A、B均錯(cuò)誤． 7．C　【解析】第一宇宙速度是繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的最大的線速度，由于衛(wèi)星B的軌道半徑大于地球的半徑，則衛(wèi)星B的速度小于地球的第一宇宙速度，A不符合題意．對(duì)B、C，根據(jù)G＝m知，v＝，C的軌道半徑大于B的軌道半徑，則vB＞vC, 對(duì)于A、C，A、C的角速度相等，根據(jù)v＝rω知，vC＞vA, 所以vB＞vA, B不符合題意，D不符合題意．A、C的角速度相等，則A、C的周期相等，根據(jù)T＝

22、知，C的周期大于B的周期，故答案為：C. 8．D　【解析】軌道高度逐漸降低，即飛船的高度降低、重力勢(shì)能減少，速度將增大、動(dòng)能增大，重力勢(shì)能一部分轉(zhuǎn)化為動(dòng)能；由于飛船受軌道上稀薄空氣的影響，飛船要克服空氣阻力做功，飛船的機(jī)械能減少，轉(zhuǎn)化為內(nèi)能．故答案為：D. 9．A　【解析】a、b、c三個(gè)小球的初位置相同，它們的末位置在同一水平線上，由于重力做功只與物體的初末位置的高度差有關(guān)，所以三個(gè)球的重力做功相等，A符合題意．由動(dòng)能定理可知，三個(gè)球的重力做功相等，它們的動(dòng)能的變化相同，但是c是平拋的，所以c有初速度，故c的末動(dòng)能要大，B不符合題意．由A的分析可知，三個(gè)球的重力做功相等，三個(gè)球中b、c的運(yùn)

23、動(dòng)時(shí)間相同，a的運(yùn)動(dòng)的時(shí)間要比b、c的長(zhǎng)，所以a的平均功率最小，所以運(yùn)動(dòng)過程中重力的平均功率不相等，C不符合題意．三個(gè)球的重力相等，但是它們的豎直方向上的末速度不同，所以瞬時(shí)功率不可能相等，故答案為：A. 10．B　【解析】由力的圖象分析可知： 在0～t1時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)向正方向做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)． 在t1～t2時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)向正方向做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)． 在t2～t3時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)向正方向做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)． 在t3～t4時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)向正方向做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)．t4時(shí)刻速度為零． 則t2時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)的速度最大，動(dòng)能最大．故選B. 11．B　【解析】由v2＝2ax得，a＝＝ m

24、/s2＝10 m/s2.則牽引力F＝ma＝1×105×10 N＝1×106 N．所以牽引力最大功率P＝Fv＝1×106×100 W＝1×108 W．故B正確，A、C、D錯(cuò)誤．故答案為：B. 12．A　【解析】對(duì)全過程由動(dòng)能定理可知W1－W2＝0，故W1∶W2＝1∶1，③符合題意，④不符合題意； W1＝Fs W2＝fs′ 由圖可知：s∶s′＝3∶4 所以F1∶F2＝4∶3，②符合題意，①不符合題意； 故答案為：A. 二、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共19分，13題每空3分，14題每空2分) 13．(1)　(2)C　(3)B 【解析】(1)滑塊離開彈簧后的運(yùn)動(dòng)可視為勻速運(yùn)動(dòng)，故可以用BC段的

25、平均速度表示離開時(shí)的速度；則有：v＝；(2)彈簧的彈性勢(shì)能等于物體增加的動(dòng)能，故應(yīng)求解物體的動(dòng)能，根據(jù)動(dòng)能表達(dá)式可知，應(yīng)測(cè)量滑塊的質(zhì)量；故答案為：C.(3)增大AO間的距離時(shí)，滑塊被彈出后的速度將增大，故通過兩光電門的時(shí)間將減?。? 14．(1)左　(2)B　(3)1.88　1.92　(4)不正確 【解析】(1)下落過程為勻加速運(yùn)動(dòng)，物體運(yùn)動(dòng)速度漸漸變大，故打點(diǎn)間距應(yīng)變大，所以紙帶的左端與重物相連；(2)驗(yàn)證機(jī)械能守恒時(shí)，我們驗(yàn)證的是減少的重力勢(shì)能ΔEp＝mgh和增加的動(dòng)能ΔEk＝mv2之間的關(guān)系，所以我們要選擇能夠測(cè)h和v的數(shù)據(jù)．因?yàn)锽點(diǎn)的速度可以根據(jù)A、C兩點(diǎn)間的平均速度計(jì)算出來，h對(duì)應(yīng)

26、O、B兩點(diǎn)間的距離，故答案為：B點(diǎn)． (3)減少的重力勢(shì)能為：ΔEp＝mgh＝1×9.8×19.2×10－2 J＝1.88 J，B點(diǎn)的速度為：vB＝＝×10－2 m/s＝1.92 m/s；④該同學(xué)的判斷依據(jù)不正確．在重物下落h的過程中，若阻力f恒定，根據(jù)a＝，可得v2＝2ah，則此時(shí)v2－h(huán)圖象也是過原點(diǎn)的一條直線．所以要想通過v2－h(huán)圖象的方法驗(yàn)證機(jī)械能是否守恒，還必須看圖象的斜率是否接近2g. 三、計(jì)算題(共2題，共21分.15題10分，16題11分) 15．【解析】(1)汽車從靜止開始做勻加速運(yùn)動(dòng)，則有 s＝at23分 則得：加速度a＝＝＝0.8 m/s22分 答：汽車運(yùn)動(dòng)的

27、加速度是0.8 m/s2； (2)由牛頓第二定律F－f＝ma3分 代入得4800－f＝4000×0.8 解得 阻力f＝1600 N2分 答：汽車所受到的阻力是1600 N. 16．【解析】(1)小球由靜止運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過程中，重力所做的功為W＝mgh＝mgl(1－cos θ)2分 (2)小球從靜止開始運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過程中，根據(jù)動(dòng)能定理得： 解得：mgl(1－cos θ)＝mv2－02分 ∴v＝2分 (3)小球在最低點(diǎn)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律有T－mg＝m2分 解得 T＝3mg－2mgcos θ2分 根據(jù)牛頓第三定律，小球?qū)?xì)繩的拉力大小為 T′＝3mg－2mgcos θ1分

28、 第Ⅱ卷 四、多項(xiàng)選擇題(共5小題，共30分) 題號(hào) 17 18 19 20 21 答案 BD AB BCD BC CD 17.BD　【解析】人與地球構(gòu)成的系統(tǒng)，由于只有重力做功，故系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故A錯(cuò)誤；與球心的距離為r時(shí)，萬有引力為：F＝G＝G＝r∝r；故B正確；人從北極開始下落，直到經(jīng)過地心的過程中，萬有引力對(duì)人做功：W＝F·R 其中：F＝＝mg 聯(lián)立解得：W＝mgR＝×50×10×6.4×106＝1.6×109 J 故C錯(cuò)誤； D．人從下落到距地心過程，萬有引力的平均值為： F＝＝mg＝×50×10 N＝375 N 根據(jù)動(dòng)能定理，有：F·＝

29、mv2 解得：v＝＝＝4×103 m/s 故D正確． 18．AB　【解析】A的動(dòng)能最大時(shí)，設(shè)B和C受到地面的支持力大小均為F，此時(shí)整體在豎直方向受力平衡，可得2F＝3mg，所以F＝mg；在A的動(dòng)能達(dá)到最大前一直是加速下降，處于失重情況，所以B受到地面的支持力小于mg，故A、B正確；當(dāng)A達(dá)到最低點(diǎn)時(shí)動(dòng)能為零，此時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能最大，A的加速度方向向上，故C錯(cuò)誤；A下落的高度為：h＝Lsin 60°－Lsin 30°，根據(jù)功能關(guān)系可知，小球A減少的重力勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢(shì)能，即彈簧的彈性勢(shì)能最大值為Ep＝mgh＝(－)mgL，故D錯(cuò)誤． 19．BCD　【解析】以A球?yàn)檠芯繉?duì)象，分析受

30、力，作出力圖如圖1所示． 設(shè)B對(duì)A的庫(kù)侖力F庫(kù)與墻壁的夾角為θ，由平衡條件得豎直墻面對(duì)小球A的彈力為：N1＝mAgtan θ， 將小球B向左推動(dòng)少許時(shí)θ減小，則N1減?。? 再以AB整體為研究對(duì)象，分析受力如圖2所示，由平衡條件得： F＝N1 N2＝(mA＋mB)g 則F減小，地面對(duì)小球B的彈力一定不變．故A錯(cuò)誤，BC正確． 由上分析得到庫(kù)侖力F庫(kù)＝，θ減小，cos θ增大，F(xiàn)庫(kù)減小，根據(jù)庫(kù)侖定律分析得知，兩個(gè)小球之間的距離增大，故D正確． 20．BC　【解析】由于不知道電子速度變化，由運(yùn)動(dòng)軌跡圖不能判斷電子向那個(gè)方向運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；若aA＞aB, 則A點(diǎn)離點(diǎn)電荷Q更近即Q靠

31、近M端；又由運(yùn)動(dòng)軌跡可知，電場(chǎng)力方向指向凹的一側(cè)即左側(cè)，所以，在MN上電場(chǎng)方向向右，那么Q靠近M端且為正電荷，故B正確；點(diǎn)電荷Q若是正電荷，只能放在M左側(cè)；若是負(fù)電荷，只能放在N右側(cè)，不論哪種情況，都是φA>φB，∴C對(duì)，D錯(cuò)．故C正確． 21．CD　【解析】A.選項(xiàng)根據(jù)題意無法判斷，故A項(xiàng)錯(cuò)誤．因?yàn)椴恢绖驈?qiáng)電場(chǎng)方向，所以場(chǎng)強(qiáng)大小不一定是 ，故B錯(cuò)誤；由于電場(chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)，M為a、c連線的中點(diǎn)，N為b、d連線的中點(diǎn)，所以φN＝，φM＝，∴φM－φN＝，若該粒子從M點(diǎn)移動(dòng)到N點(diǎn)，則電場(chǎng)力做功一定為，故C正確；若W1＝W2, 說明Ucd＝Uab，由φa－φb＝φc－φd，∴φa－φc＝φb－φd

32、，φa－φM＝，φb－φN＝；解得：UaM＝UbN，故D正確． 五、綜合應(yīng)用題(本題共2小題，共20分．第22題12分，第23題8分) 22．【解析】(1)工件剛放在水平傳送帶上的加速度為a1, 由牛頓第二定律得：μmg＝ma11分 解得：a1＝μg＝5 m/s21分 設(shè)經(jīng)t1時(shí)間工件與傳送帶的速度相同，則有：t1＝＝s＝0.8 s1分 工件前進(jìn)的位移為：x＝a1t＝×5×0.82 m＝1.6 m1分 此后工件將與傳送帶一起勻速運(yùn)動(dòng)至B點(diǎn)，用時(shí)：t2＝＝0.6 s1分 所以工件第一次到達(dá)B點(diǎn)所用的時(shí)間為：t＝t1＋t2＝1.4 s1分 答：工件從A點(diǎn)開始至第一次到達(dá)B點(diǎn)所用的時(shí)

33、間t是1.4 s； (2)工件上升過程中受到摩擦力大小為：f＝mgcos θ1分 由牛頓第二定律可得：工件上升的加速度大小為：a2＝＝gsin θ－μgcos θ＝(10×0.6－0.5×10×0.8) m/s2＝2 m/s2，方向沿斜面向下1分 由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得：工件上升的時(shí)間為：t3＝＝2 s1分 下降過程加速度不變 a3＝a2 由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得：t4＝＝2 s1分 工件與傳送帶的相對(duì)路程為：Δx＝v(t3＋t4)＝4×(2＋2) m＝16 m1分 摩擦生熱為：Q＝fΔx＝μmgcos θΔx＝0.5×1×10×0.8×16 J＝64 J1分 23．【解析】小球先在斜面上運(yùn)

34、動(dòng)，受重力、電場(chǎng)力、支持力、然后在圓軌道上運(yùn)動(dòng)，受重力、電場(chǎng)力、軌道的作用力，如圖所示， 類比重力場(chǎng)，將電場(chǎng)力與重力的合力視為等效重力mg′，大小為mg′＝＝mg，1分 tan θ＝＝，解得θ＝30°，1分 等效重力的方向與斜面垂直指向右下方，小球在斜面上勻速運(yùn)動(dòng)，1分 因要使小球能安全通過圓軌道，在圓軌道的等效最高點(diǎn)(D)點(diǎn)滿足等效重力提供向心力，有：mg′＝m，1分 因θ＝30°，與斜面傾角相等，由幾何關(guān)系可知AD＝2R.1分 令小球以最小初速度v0運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)能定理知： －mg′·2R＝mv－mv1分 解得v0＝，1分 因此要使小球安全通過圓軌道，初速度應(yīng)為v0≥.1分